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1、 高三物理总复习 必修一强化练习题一、选择题1、雨滴从高空由静止下落，由于空气阻力作用，其加速度逐渐减小，直到变为零，在此过程中雨滴的运动情况是( ) A速度不断减小，加速度为零时，速度最小 B速度不断增大，加速度为零时，速度最大 C速度一直保持不变 D速度的变化率越来越大2、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移时间图象分别为图中直线a和曲线b，由图可知（）Ab车运动方向始终不变 B在t1时刻a车的位移大于b车Ct1到t2时间内a车的平均速度小于b车 Dt1到t2时间内某时刻两车的速度可能相同3、如图，两条拉紧的橡皮a，b共同拉一个小球，小球静止，当剪断b时小球的加速度为，若不剪断a时，小球的
2、加速度为：（）A BC D4、如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B刚好不下滑已知A与B间的动摩擦因数为1，A与地面间的动摩擦因数为2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力A与B的质量之比为（）A BC D5、甲、乙、丙三图中物体的质量相同，弹簧秤、绳和滑轮的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计，在图甲、乙、丙中，弹簧秤的读数分别是，则A、 B、 C、 D、6、如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为的固定斜面C匀速下滑，则（）AA、B间没有摩擦力 BA受到B施加的静摩擦力方向沿斜面
3、向上CA受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsin DA与B间的动摩擦因数为=tan二、多项选择7、如图所示，用绳跨过定滑轮牵引小船，设水的阻力不变，则在小船匀速靠岸的过程中（）A绳子的拉力不断增大 B绳子的拉力不变C船所受浮力增大 D船所受浮力变小8、如图所示，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向角，则小车的运动情况可能是（）A向右加速运动 B向右减速运动 C向左加速运动 D向左减速运动9、如图所示，一轻质弹簧竖立于地面上，质量为m的小球，自弹簧正上方h高处由静止释放，则从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短（弹簧的形变始终在弹性限度内）的过程中，下列说法正确的是（）A小球的机械能减小 B小球的加速度增
4、大C小球的速度减小 D小球的动能与弹簧弹性势能之和增大10、下列所给的质点位移图像和速度图像中能反映运动质点回到初始位置的是()三、实验,探究题11、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用图1所示的装置（1）本实验应用的实验方法是 （2）下列说法中正确的是 A在探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力的大小B在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量C在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a图象D当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小（3）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如表所示：（小车质
5、量保持不变）F/Na/ms20.200.100.300.200.400.280.500.400.600.52根据表中的数据在坐标图2作出aF的图象图线不过原点的原因可能是 12、如图所示为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置图图中A为小车，B为砝码及砝码盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50 Hz交流电小车A的质量为m1，砝码及砝码盘B的质量为m2.(1)下列说法正确的是()A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C本实验m2应远小于m1D在用图象探究加速度与质量关系时，应作a图象(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩
6、擦力这一步骤，他测量得到的aF图象，可能是图中的_(填“甲”“乙”“丙”)(3)图为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出由此可求得小车的加速度大小_m/s2.(结果保留两位有效数字)13、如图，为测量做匀加速直线运动的物块的加速度，将宽度为d的挡光片固定在物体上，测得二光电门之间距离为s。当滑块匀加速运动时，测得挡光片先后经过两个光电门的时间为，则小车的加速度a=_（多选）为减小实验误差，可采取的方法是_A、增大两挡光片宽度d B、适当减小两挡光片宽度dC、增大两光电门之间的距离s D、减小两光电门之间的距离s四、计算题14、如图甲所示，t=0时，
7、一质量为m=2kg的小物块受到水平恒力F的作用，从A点由静止开始运动，经过B点时撤去力F，最后停在C点图乙是小物块运动的速度一时间图象已知重力加速度g=l0m/s2，求：（1）从第Is末到第2s末，物体运动的距离；（2）恒力F的大小15、如图所示，长度l=2m，质量M=kg的木板置于光滑的水平地面上，质量m=2kg的小物块（可视为质点）位于木板的左端，木板和小物块间的动摩擦因数=0.1，现对小物块施加一水平向右的恒力F=10N，取g=10m/s2求：（1）将木板M固定，小物块离开木板时的速度大小；（2）若木板M不固定，m和M的加速度a1、a2的大小；（3）若木板M不固定，从开始运动到小物块离开
8、木板所用的时间16、如图所示，足够长的水平传送带，以初速度v06m/s顺时针转动.现在传送带左侧轻轻放上质量m1kg的小滑块，与此同时，启动传送带制动装置，使得传送带以恒定加速度a4m/s2减速直至停止；已知滑块与传送带的摩擦因数，滑块可以看成质点，且不会影响传送带的运动，g10 m/s2.试求（1）滑块与传送带共速时，滑块相对传送带的位移；（2）滑块在传送带上运动的总时间t参考答案一、选择题1、B 2、解：A、b图线切线切线先为正值，然后为负值，知b的运动方向发生变化故A错误B、在t1时刻，两车的位移相等故B错误C、t1到t2时间内，两车的位移相同，时间相同，则平均速度相同故C错误D、t1到
9、t2时间内，b图线的切线斜率在某时刻与a相同，则两车的速度可能相同故D正确故选：D3、B 4、解：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=2（m1+m2）g 再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N 竖直方向：m2g=f其中：f=1N联立有：m2g=1F 联立解得：故选：B5、B 6、解：A、对B受力分析可知，B受重力、支持力；将重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B能匀速下滑，受力一定平衡，故A对B应有沿斜面向上的摩擦力；故A错误；B、由牛顿第三定律可知，A受到B的摩擦力应沿斜面向下，故B错误；
10、C、对整体分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgsin，故C正确；D、由于AB间为静摩擦力，无法确定动摩擦因数，故D错误；故选C二、多项选择7、解：对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零；设拉力与水平方向的夹角为，有：Fcos=f ，Fsin+F浮=mg 船在匀速靠岸的过程中，增大，阻力不变，根据平衡方程知，绳子的拉力增大，根据平衡方程知，拉力增大，sin增大，所以船的浮力减小故A、D正确，B、C错误故选：AD8、解：小球受力如图所示，由牛顿第二定律得：mAgtan=mAa，解得球的
11、加速度为：a=gtan，方向水平向右，小球与车的运动状态相同，车的加速度向右，因此车可能向右做加速运动，或向左做减速运动，故AD正确，BC错误故选：AD9、解：A、小球在运动过程中，弹簧弹力对小球做负功，小球的机械能减少，故A正确；BC、小球下落过程中，受到竖直向下的重力与竖直向上的弹力作用，弹簧的弹力从零开始逐渐增大，开始重力大于弹力，小球向下做加速运动，合力减小，加速度减小当重力等于弹力时，小球的加速度为零，速度最大，然后弹力大于重力，小球受到的合力向上，加速度向上，小球向下做减速运动，合力增大，加速度，最后速度变为零，因此在整个过程中，小球的加速度先减小后增大，速度先增大后减小，故BC错
12、误；D、小球在向下运动过程中，小球与弹簧组成的系统机械能守恒，即小球重力势能、动能和弹簧的弹性势能总和不变，小球的重力势能减小，则小球的动能与弹簧弹性势能之和增大，故D正确；故选：AD10、AD 三、实验,探究题11、解：（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法（2）A、该实验采用的是控制变量法研究，即保持一个量不变，研究其他两个量之间的关系在探究加速度与质量的关系时，应保持拉力的大小不变故A错误B、在探究加速度与外力的关系时，应该保持小车的质量不变故B错误C、要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间
13、的关系在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a图象故C正确D、设小车的质量为M，砝码盘和砝码的质量为m，根据牛顿第二定律得：对m：mgF拉=ma对M：F拉=Ma解得：F拉=当mM时，即当砝码盘和砝码的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砝码盘和砝码的总重力故D正确故选：CD（3）如图：从上图中发现直线没过原点，当F0时，a=0也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明小车的摩擦力与绳子的拉力抵消呢该同学实验操作中遗漏了未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够所以原因是实验前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够故答案为：（1）控制变量法；（2）CD；（3）如图所示；未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够12、(1)CD(2)丙(3)0.5013、BC四、计算题14、解：（1）撤去F后物体的加速度： 2s末3s末，物体运动距离：1s末3s末，物体运动距离：1s末2s末，物体运动距离：x=s2s1=6m或用图象法求解（2）由牛顿第二定律：f=ma1 由图得恒力F作用时物体的加速度：a2=8 m/s2由牛顿第二定律：Ff=ma2 解得：F=24N答：（1）从第Is末到第2s末，物体运动的距离为6m；（2）恒力F的大小为24N1
