《（北京专用）2019版高考物理一轮复习 第二章 相互作用 第4讲 受力分析 共点力的平衡检测》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（北京专用）2019版高考物理一轮复习 第二章 相互作用 第4讲 受力分析 共点力的平衡检测（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第4讲受力分析共点力的平衡基础巩固1.如图,质量mAmB的两物体A、B叠放在一起,靠着竖直墙面。让它们由静止释放,在沿粗糙墙面下落过程中,物体B的受力示意图是()2.(2017北京海淀期中,1,3分)如图所示,用三根不可伸长的轻质细绳OA、OB、OC共同悬挂一重物使其静止,其中OA与竖直方向的夹角为30,OB沿水平方向,A端、B端固定。若分别用FA、FB、FC表示OA、OB、OC三根绳上的拉力大小,则下列判断中正确的是() A.FAFBFCB.FAFBFCFBD.FCFAFB3.如图所示,用轻绳OA把球挂在光滑的竖直墙壁上,O点为绳的固定点,B点为球与墙壁的接触点。现保持固定点O不动,将轻绳O
2、A加长,使绳与墙壁的夹角变小,则球静止后与绳OA加长之前相比()A.绳对球的拉力变大B.球对墙壁的压力变小C.球对墙壁的压力不变D.球所受的合力变大4.(2016北京朝阳一模,15)如图所示,倾角=30的光滑斜面固定在水平面上,重为G的物块在水平向右的推力F作用下,沿斜面向上匀速运动,斜面对物块支持力的大小为N。下列关系正确的是() A.FGB.F=GC.NGD.NFCFB。3.答案B以球为研究对象,分析其受力情况:重力mg、绳对球的拉力F1和墙壁对球的支持力F2,根据平衡条件三个力的合力为零保持不变,运用合成法,结合几何知识有:F1=mgcos,F2=mg tan 把绳OA的长度加长一些,则
3、减小,可知F1减小,F2减小,A、C、D错误,B正确。4.C对物块进行受力分析,如图甲所示,物块受到竖直向下的重力、水平向右的推力以及垂直于斜面向上的支持力,三力平衡可画出力的三角形,如图乙所示,根据力的三角形可知FGmg tan 时,物体的受力情况如图2所示,此时f的方向为沿斜面向下,N、f的合力F1在N的左侧,此时。当Fmg tan 时,物体的受力情况如图3所示,此时f的方向为沿斜面向上,N、f的合力F1在N的右侧(但没有超过竖直方向),此时。3.BD系统处于平衡状态,以整体为研究对象,在竖直方向:2Ff=(2m+M)g,Ff=2m+M2g,与两挡板间距离无关,B正确;以点O为研究对象,受
4、力如图,挡板间的距离稍许增大后,硬杆OO1、OO2之间的夹角变大,F=Mg2cos2=Mg2cos2变大,又FN=F sin 2变大,则木块与挡板间正压力FN变大,D正确。4.BD系统处于静止状态,连接a和b的绳的张力大小T1等于物块a的重力Ga,C项错误;以O点为研究对象,受力分析如图甲所示,T1恒定,夹角不变,由平衡条件知,绳OO的张力T2恒定不变,A项错误;以b为研究对象,受力分析如图乙所示,则FN+T1 cos +F sin -Gb=0f+T1 sin -F cos =0FN、f均随F的变化而变化,故B、D项正确。5.答案(1)12Mg+mg,方向竖直向下(2)3M3(M+2m)解析(
5、1)以木块M和两个小环作为整体进行受力分析,由平衡条件得2FN=(M+2m)g,即FN=12Mg+mg由牛顿第三定律知小环对杆的压力FN=12Mg+mg,方向竖直向下。(2)对M受力分析,由平衡条件得2FT cos 30=Mg临界状态,小环受到的静摩擦力达到最大值,则有FT sin 30=FN可得,动摩擦因数m=3M3(M+2m)。则小环与杆之间的动摩擦因数至少为3M3(M-12m)任务型阅读在江苏高考英语试题中占有较大比重,考题形式以表格形和树状形为主,文章体裁以议论文、说明文为主,文章篇幅往往较长,阅读量大,但结构清晰。该题型综合性很强,思维含量较高,答案既要忠实于原文,又要不局限于原文,原词填空题和词性、词形变换题在逐渐减少,通过归纳总结得出答案的题逐渐增多,另外还有推断作者意图和态度的考题,这必将增加该题型的难度,所以得分一直偏低9
