《辽宁省辽河油田第二高级中学2017届高三物理第三次模拟考试试题(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《辽宁省辽河油田第二高级中学2017届高三物理第三次模拟考试试题(含解析)（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、辽宁省辽河油田第二高级中学2017届高三第三次模拟考试理科综合物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共计48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一个选项符合题目要求，第1921题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 2017年1月9日，大亚湾反应堆中微子实验工程获得国家自然科学一等奖。大多数粒子发生核反应的过程中都伴着中微子的产生，例如核裂变、核聚变、衰变等。下列关于核反应的说法正确的是A. Th衰变为Rn，经过3次衰变，2次衰变B. H+HHe+n是衰变方程，ThPa+e是衰变方程C. U+nXe+Sr+10n是重核裂变方程，也
2、是氢弹的核反应方程D. 高速粒子轰击氮核可从氮核中打出中子，其核反应方程为He+NO+【答案】A【解析】在衰变的过程中，电荷数少2，质量数少4，在衰变的过程中，电荷数多1，设经过了m次衰变，则：4m=234-222=12，所以m=3；经过了n次衰变，有：2m-n=90-86=4，所以n=2故A正确；核反应方程12H+13H24He+01n是轻核的聚变，T90234hP91234a+e10 中放射出电子，是衰变方程，故B错误；U92235+01nX54136e+S5490r+1001n 是重核裂变方程，也是原子弹的核反应方程故C错误；高速粒子轰击氮核可从氮核中打出质子，其核反应方程为24He+7
3、14N817O+11H故D错误故选A.点睛：解决本题的关键知道衰变和衰变的实质，知道在衰变的过程中，电荷数少2，质量数少4，在衰变的过程中，电荷数多1，质量数不变2. 如图所示，一滑块以初速度v0自固定于地面的斜面底端冲上斜面，到达某一高度后又返回底端。取沿斜面向上为正方向。下列表示滑块在斜面上整个运动过程中速度v随时间t变化的图象中，可能正确的是A. B. C. D. 【答案】A.点睛：本题采用定性分析的方法分析运动与力关系，关键抓住上滑和下滑位移大小相等，由于摩擦到达同一点上滑的速度大于下滑的速度3. 在导线中电流在周围空间产生的磁感应强度大小为： B=kIr，k为常数，r为到导线的距离，
4、如图所示，两个半径相同，材料不同的半圆环并联地接在电路中，电路中的总电流为I，流过ABD半圆环的电流为，流过ACD半圆环的电流为23I,在圆环圆心处电流产生的磁场的磁感应强度为B，若将ABD半圆环绕直径AD转过90，这时在O点的磁感应强度大小为（）A. 3B B. 5B C. 2B D. B【答案】B【解析】ABD半圆环的电流和ACD半圆环的电流产生的磁场在O点处的磁场的磁感应强度方向相反，根据磁场叠加可知，半圆环中I电流在O点产生的磁场的磁感应强度大小为B，那么ACD半圆环的电流为I，在O点产生磁场的磁感应强度大小为2B，因此将ABD半圆环绕直径转过90，这时在O点磁场的磁感应强度大小为B=
5、B2+(2B)2=5B，故B正确，ACD错误；故选B4. 电吉他是利用电磁感应原理工作的一种乐器如图甲为电吉他的拾音器的原理图，在金属弦的下方放置有一个连接到放大器的螺线管一条形磁铁固定在管内，当拨动金属弦后，螺线管内就会产生感应电流，经一系列转化后可将电信号转为声音信号。若由于金属弦的振动，螺线管内的磁通量随时间的变化如图乙所示，则对应感应电流的变化为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】设在0-t02时间内产生的感应电流为正，则根据楞次定律得知：在t02-3t02时间内，感应电流为负；3t02-2t0时间内感应电流为正螺线管内的磁通量大小随时间按正弦规律，由数学知识知道：其切线的
6、斜率t按余弦规律变化，根据法拉电磁感应定律分析可知，螺线管内产生的感应电动势将按余弦规律变化，则感应电流也按余弦规律变化故B正确，ACD错误故选B点睛：本题从感应电流的方向和大小两个方面进行分析感应电流方向由楞次定律判断，其大小与感应电动势成正比，由法拉第电磁感应定律研究要利用数学知识分析磁通量的变化率5. 如图所示，一理想变压器原线圈匝数n11000匝，副线圈匝数n2200匝，原线圈中接一交变电源，交变电电压u2202sin 100t(V)副线圈中接一电动机，电阻为11，电流表2示数为1A。电表对电路的影响忽略不计，则 () A. 此交流电的频率为100Hz B. 电压表示数为2202VC.
7、 电流表1示数为5A D. 此电动机输出功率为33W【答案】D【解析】试题分析：此交流电的频率为f=2=1002HZ=50HZ，选项A错误；电压表示数为交流电的有效值，即：U1=22022V=220V，选项B错误；根据I1n1=I2n2可知I1=n2n1I2=0.2A，选项C错误；变压器次级电压U2=n2n1U1=44V，故此电动机输出功率为：P=I2U2I22r=1441211W=33W，选项D正确；故选D.考点：变压器；电功率的计算.6. 2017年1月23日，我国首颗1米分辨率C频段多极化合成孔径雷达（SAR）卫星“高分三号”正式投入使用。某天文爱好者观测该卫星绕地球做匀速圆周运动时，发
8、现该卫星每经过时间t通过的弧长为l，该弧长对应的圆心角为弧度，已知引力常量为G，则（ ）A. 卫星绕地球做匀速圆周运动的线速度大小为B. 卫星绕地球匀速圆周运动的角速度为2tC. 地球的质量为l3Gt2D. 卫星的质量为t3Gl2【答案】AC【解析】卫星绕地球做匀速圆周运动的线速度大小为v=lt，选项A正确； 卫星绕地球匀速圆周运动的角速度为=t，选项B错误；根据GMmr2=mv2r，其中的r=v，联立解得：M=l3Gt2，选项C正确；卫星的质量从方程两边消掉了，故不能求解卫星的质量，选项D错误；故选AC.7. 竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半径分别为R的eEd=12m212m02圆弧MN和半径
9、为r的半圆弧NP拼接而成（两段圆弧相切于N点），小球带正电，质量为m，电荷量为q。已知将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，不计空气阻力。下列说法正确的是( ) A. 若加竖直向上的匀强电场E（Eqmg），则小球能通过P点B. 若加竖直向下的匀强电场，则小球不能通过P点C. 若加垂直纸面向里的匀强磁场，则小球不能通过P点D. 若加垂直纸面向外的匀强磁场，则小球不能通过P点【答案】AC【解析】试题分析：应用动能定理求出小球到达P点的速度，小球恰好通过P点时轨道对球的作用力恰好为零，应用动能定理与牛顿第二定律分析答题解：设M、P间的高度差为h，小球从M到P过程由动能定理得：mgh=mv20，v
10、=，小球恰好通过P点，重力提供向心力，由牛顿第二定律得：mg=m，r=2h；A、若加竖直向下的匀强电场E（Eqmg），小球从M到P过程由动能定理得：（mgqE）h=mv20，解得：v=，则：m=mgqE，小球恰好通过P点，故A正确；B、若加竖直向上的匀强电场，小球从M到P过程由动能定理得：（mg+qE）h=mv20，解得：v=，则：m=mg+qE，小球恰好通过P点，故B错误；C、若加垂直纸面向里的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向下，则：qvB+mgm，小球不能通过P点，故C正确；D、若加垂直纸面向外的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向上，则：mgqvBm，小球
11、对轨道有压力，小球能通过P点，故D错误；故选：AC【点评】本题是一道力学综合题，知道小球通过P点的临界条件是：的、轨道对小球的支持力恰好为零，分析清楚小球的运动过程，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题8. 图示为某探究活动小组设计的节能运动系统。斜面轨道倾角为30，质量为M的木箱与轨道的动摩擦因数为36。木箱在轨道上端时，自动装货装置将质量为m的货物装入木箱，然后木箱载着货物沿轨道无初速滑下，与轻弹簧被压缩至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程。下列选项正确的是：( ) A. mMB. m2MC. 木箱不与弹簧接触时，上滑的加速度大于下滑的加速度D.
12、 在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能全部转化为弹性势能【答案】BC【解析】试题分析：在木箱与货物一起向下滑到卸货过程中，则有（M+m）gLsin30=（M+m）gLcos30+W弹卸下货后，木箱被弹回轨道顶端，有W弹MgLsin30MgLcos30=0联立解得m2M，A错误B正确，设下滑时加速度为a1，弹起离开弹簧后加速度为a2，则有（M+m）gsin30（M+m）gcos30=（M+m）a1解得：a1=2.5m/s2Mgsin30+Mgcos30=Ma2解得：a2=7.5m/s2，所以木箱不与弹簧接触时，上滑的加速度大于下滑的加速度，C正确，过程中摩擦力做功，一部分能量转化
13、为内能，D错误，考点：本题综合运用了牛顿第二定律以及能量守恒定律，点评：本题也可以用动能定理求解，关键是合理地选择研究的过程三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须做答。第3338题为选考题，考生根据要求做答。9. 为测定木块与斜面之间的动摩擦因数，某同学让木块从斜面上端自静止起作匀加速下滑运动，如图所示.他使用的实验器材仅限于：倾角固定的斜面(倾角未知)，木块，秒表，米尺.实验中应记录的数据是_（可用图中字母表示），计算动摩擦因数的公式是_ .为了减小测量的误差，可采用的办法是_ 。【答案】 (1). （1）斜面长L，斜面高h，底边长d，木块从顶端滑到
14、底端时间t (2). （2）hd2L2gdt2 (3). （3）多次测量求平均值【解析】10. 李明同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2阻值。实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（099.99），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。 先测电阻R1的阻值。请将李明同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数Ul，保持电阻箱示数不变，_，读出电压表的示数U2。则电阻R1的表达式为R1_。李明同学已经测得电阻Rl4.8 ，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值
15、。该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的1U1R图线，则电源电动势E_V，电阻R2_。（结果保留2位有效数字）【答案】 (1). （1）将S2切换到b； (2). U2U1U1r (3). （2）1.4； (4). 1.2【解析】要测得R1的阻值，应知道R1两端的电压及流过R1的电流；故可以将S2切换到b，测出串联电路的两端的电压；由串联电路可知U=U2-U1；电流I=U1r；由欧姆定律可知：R1=U2U1U1r=U2U1U1r 电压表测量电阻箱两端的电压；由闭合电路欧姆定律可知：U=ER1+R+R2R 变形得：1U=R1+
