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1、第十二章章末检测卷(时间:60分钟满分:100分)一、选择题(每小题5分,共40分)1.如图,用刻度均匀的匀质杠杆进行“杠杆平衡条件”的实验(每个钩码重为0.5 N),下列说法正确的是(C)解析:由题图可知,杠杆的右端上翘,要使杠杆在水平位置平衡,平衡螺母应向右端移动,故A错误;设一个钩码重为G,一格的长度为L,在图示情况下杠杆平衡要满足3G2L=2G3L,当在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相等的钩码,此时4G2L3G3L,所以杠杆不再平衡,杠杆的右端下沉,故B错误;图中弹簧测力计从a位置转到b位置,此时拉力F的力臂变短,根据杠杆的平衡条件可知,拉力变大,即测力计的示数变大,故C正确;若不计杠
2、杆的重力,根据杠杆的平衡条件可得:F2L=3G4L,解得测力计的示数F=6G=60.5 N=3 N;利用如图所示装置进行探究,杠杆的重力不能忽略,且杠杆的重心在杆的中点(杠杆的重心没有通过支点),杠杆的重力与钩码的重力都会使杠杆向逆时针方向转动,所以弹簧测力计的示数应大于3 N,故D错误.2.“竹抻面”是我国传统面点美食.如图(甲)所示,在制作面团的过程中,让一段毛竹的一端固定在绳扣中,人坐在另一端可以上下跳动,面团在毛竹不断挤压下变得更有韧性.如图(乙)所示是它的原理图,可以把毛竹视为一根杠杆.关于此杠杆的叙述中,正确的是(C)A.B是支点B.杠杆在B点受到向下的力C.杠杆在B点受到的力大于
3、F1D.A点移动的距离小于B点移动的距离解析:根据工作过程及原理图可知,该杠杆的O点为支点,故A项错误.杠杆在B点受到面团对其向上的力,故B项错误.由于该杠杆为省力杠杆,所以杠杆在B点受到的力大于F1,C项正确.省力杠杆动力移动的距离大于阻力移动的距离,故D项错误.3.如图所示,O为杠杆的支点,杠杆右端挂有重为G的物体,杠杆在力F1的作用下在水平位置平衡.如果用力F2代替F1使杠杆仍在水平位置保持平衡,下列关系式中正确的是(B)A.F1F2C.F2G D.F1=G解析:由题可知,力F1斜向左上方,力臂小于支点到其作用点的距离;力F2垂直于杠杆,力臂等于支点到其作用点的距离,即L1F2,故选B.
4、4.如图所示滑轮组,挂上a,b两个物体后恰好静止,若不计滑轮重和摩擦,现在在a,b物体下端再分别挂上一个质量相等的小钩码,则装置将会(B)A.a下降B.a上升C.仍保持静止D.无法判断解析:由图可知左边的滑轮是动滑轮,右边的滑轮是定滑轮.如果在a下端加挂一个小钩码,则需要一个等于钩码重力一半大小的拉力向上拉动滑轮,装置才保持静止;在b下端加挂一个等质量的钩码后,通过定滑轮的拉力大于所需要的拉力,所以a要上升,故选B.5.如图所示是汽车起重机,其中A,B组成滑轮组(结构如示意图),C杆伸缩可改变吊臂的长短,D杆伸缩可改变吊臂与水平面的角度,O为吊臂的转动轴,装在E里的电动机牵引钢丝绳,利用滑轮组
5、提升重物,H为在车身外侧增加的支柱,F为吊臂顶端受到竖直向下的力.下列有关汽车起重机的叙述中错误的是(A)A.滑轮组中A滑轮用于改变力的方向B.当C杆伸长时吊臂对D杆的压力将变大C.当D杆伸长时力F的力臂将变小D.H的作用是工作时以防翻车和避免轮胎受到的压力过大解析:A滑轮随物体一起移动是动滑轮,动滑轮可以省力但不可以改变力的方向,故A错误;当C杆伸长时,吊臂阻力臂变长,在阻力和动力臂一定时,阻力臂越长,动力越大,根据物体间力的作用是相互的知,对D杆的压力将变大,故B正确;当D杆伸长时,物体变高,阻力臂F的力臂将变小,故C正确;操纵汽车起重机时,应在车身外侧增加支柱即H,以防翻车,并避免轮胎受
6、到过大的压力,故D正确.6.如图所示,光滑斜面ABAC,沿斜面AB和AC分别将同一重物从它们的底部拉到顶部所用时间相同,所需拉力分别为F1和F2,所做功的功率分别为P1和P2,则(A)A.F1F2,P1=P2B.F1F2,P1F2,P1P2D.F1F2,P1=P2解析:由题意可知,斜面光滑说明重物在斜面上不受摩擦力的作用,即使用光滑斜面没有做额外功,所以将重物从斜面底端拉到顶端时拉力做的功等于克服物体重力做的功,即W=Fs=Gh,当沿斜面AB和AC分别将同一重物从它们的底部拉到顶部时,G,h相同,所以所做的功相同,即W1=W2;根据题图可知,LABLAC,而W1=W2,由W=FL可知F1GB,则甲乙;若FA=FB,则GA”“GB时,甲乙;由图可知,n甲=2,n乙=3,由F=(G+G动)可得,提升物体的重力G=nF-G动,则FA=FB时,提升物体的重力关系为GA右边,所以,杠杆不能平衡,杠杆右端上升,左端下沉.(3)图(丙)中弹簧测力计的分度值为0.2 N,弹簧测力计的示数为 3.0 N;设杠杆的一个小格为L,钩码的重力为G,根据杠杆平衡条件可得,G
