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1、 WORD资料可编辑 1. （新课标理数）设圆的圆心为，直线过点且与轴不重合，交圆于两点，过作的平行线交于点.（I）证明为定值，并写出点的轨迹方程；（II）设点的轨迹为曲线，直线交于两点，过且与垂直的直线与圆交于两点，求四边形面积的取值范围.2. （新课标理数）已知椭圆E:的焦点在轴上，是的左顶点，斜率为的直线交E于两点，点在上，.(I)当，时，求的面积；(II)当时，求的取值范围.3. （新课标理数）已知抛物线 的焦点为，平行于轴的两条直线分别交于两点，交的准线于两点.（I）若在线段上，是的中点，证明；（II）若的面积是的面积的两倍，求中点的轨迹方程.4. （2016年北京理数）已知椭圆C：
2、 的离心率为 ， 的面积为1.（I）求椭圆的方程；（II）设是椭圆上一点，直线与轴交于点，直线与轴交于点。求证：为定值。5. （2016年江苏理数）如图，在平面直角坐标系中，已知以为圆心的圆及其上一点(1) 设圆与轴相切，与圆外切，且圆心在直线上，求圆的标准方程；(2) 设平行于的直线与圆相交于两点，且,求直线的方程；(3) 设点满足：存在圆上的两点和,使得,求实数的取值范围。6. （2016年山东理数）平面直角坐标系中，椭圆C：的离心率是，抛物线E：的焦点是的一个顶点。（I）求椭圆的方程；（II）设是上的动点，且位于第一象限，在点处的切线与交与不同的两点线段的中点为，直线与过且垂直于轴的直线
3、交于点.（i）求证：点在定直线上;（ii）直线与轴交于点，记的面积为，的面积为，求的最大值及取得最大值时点的坐标.7. （2016年上海理数）双曲线的左、右焦点分别为，直线过且与双曲线交于两点。（1）若的倾斜角为，是等边三角形，求双曲线的渐近线方程；（2）设，若的斜率存在，且，求的斜率. 8. （2016年四川理数）已知椭圆的两个焦点与短轴的一个端点是直角三角形的个顶点，直线与椭圆有且只有一个公共点（I）求椭圆的方程及点的坐标；（II）设是坐标原点，直线平行于与椭圆交于不同的两点且与直线交于点证明：存在常数，使得，并求的值.9. （2016年天津理数）设椭圆的右焦点为，右顶点为.已知，其中为原
4、点，为椭圆的离心率. 学.科.网（）求椭圆的方程；（）设过点的直线与椭圆交于点（不在轴上），垂直于的直线与交于点，与轴交于点.若，且，求直线的斜率的取值范围.10. （2016年浙江理数）如图，设椭圆（）求直线被椭圆截得到的弦长（用表示）（）若任意以点为圆心的圆与椭圆至多有三个公共点，求椭圆离心率的取值范围.答案1. 因为，故，所以，故.又圆的标准方程为，从而，所以.由题设得，由椭圆定义可得点的轨迹方程为：（）.（）当与轴不垂直时，设的方程为，.由得.则，.所以.过点且与垂直的直线：，到的距离为，所以.故四边形的面积.可得当与轴不垂直时，四边形面积的取值范围为.当与轴垂直时，其方程为，四边形的
5、面积为12.综上，四边形面积的取值范围为.2. 【答案】()；().【解析】试题分析：()先求直线的方程，再求点的纵坐标，最后求的面积；()设，将直线的方程与椭圆方程组成方程组，消去，用表示，从而表示，同理用表示，再由求.试题解析：(I)设，则由题意知，当时，的方程为，.由已知及椭圆的对称性知，直线的倾斜角为.因此直线的方程为.将代入得.解得或，所以.因此的面积.(II)由题意，.将直线的方程代入得.由得，故.由题设，直线的方程为，故同理可得，由得，即.当时上式不成立，因此.等价于，即.由此得，或，解得.因此的取值范围是.3. 解：由题设.设，则，且.记过两点的直线为，则的方程为. .3分（）
6、由于在线段上，故.记的斜率为，的斜率为，则.所以. .5分（）设与轴的交点为，则.由题设可得，所以（舍去），.设满足条件的的中点为.当与轴不垂直时，由可得.而，所以.当与轴垂直时，与重合.所以，所求轨迹方程为. .12分4.解：（）由题意得解得.所以椭圆的方程为.（）由（）知，设，则.当时，直线的方程为.令，得.从而.直线的方程为.令，得.从而.所以.当时，所以.综上，为定值.5. 解：圆M的标准方程为，所以圆心M(6，7)，半径为5,.（1）由圆心N在直线x=6上，可设.因为圆N与x轴相切，与圆M外切，所以，于是圆N的半径为，从而，解得.因此，圆N的标准方程为.(2)因为直线OA，所以直线l
7、的斜率为.设直线l的方程为y=2x+m，即2x-y+m=0，则圆心M到直线l的距离 因为 而 所以，解得m=5或m=-15.故直线l的方程为2x-y+5=0或2x-y-15=0.(3)设 因为,所以 因为点Q在圆M上，所以 .将代入，得.于是点既在圆M上，又在圆上，从而圆与圆有公共点，所以 解得.因此，实数t的取值范围是.6. （）由题意知，可得：.因为抛物线的焦点为，所以，所以椭圆C的方程为.（）（i）设，由可得，所以直线的斜率为，因此直线的方程为，即.设，联立方程得，由，得且，因此,将其代入得，因为，所以直线方程为.联立方程，得点的纵坐标为，即点在定直线上.（ii）由（i）知直线方程为，令
8、得，所以，又，所以，所以，令，则，当，即时，取得最大值，此时，满足，所以点的坐标为，因此的最大值为，此时点的坐标为.7. 由题意，因为是等边三角形，所以，即，解得故双曲线的渐近线方程为（2）由已知，设，直线显然由，得因为与双曲线交于两点，所以，且设的中点为由即，知，故而，所以，得，故的斜率为8. （I）由已知，则椭圆E的方程为.有方程组 得.方程的判别式为，由，得，此时方程的解为，所以椭圆E的方程为.点T坐标为（2,1）.（II）由已知可设直线 的方程为，有方程组 可得所以P点坐标为（ ），.设点A，B的坐标分别为 .由方程组 可得.方程的判别式为，由，解得.由得.所以 ，同理，所以.故存在常
9、数，使得.9. 【答案】（）（）【解析】试题分析：（）求椭圆标准方程，只需确定量，由，得，再利用，可解得，（）先化简条件：，即M再OA中垂线上，再利用直线与椭圆位置关系，联立方程组求；利用两直线方程组求H，最后根据，列等量关系解出直线斜率.取值范围试题解析：（1）解：设，由，即，可得，又，所以，因此，所以椭圆的方程为.（2）（）解：设直线的斜率为（），则直线的方程为.设，由方程组，消去，整理得.解得，或，由题意得，从而.由（）知，设，有，.由，得，所以，解得.因此直线的方程为.设，由方程组消去，解得.在中，即，化简得，即，解得或.所以，直线的斜率的取值范围为.10. （I）设直线被椭圆截得的线段为，由得，故，因此（II）假设圆与椭圆的公共点有个，由对称性可设轴左侧的椭圆上有两个不同的点，满足记直线，的斜率分别为，且，由（I）知，故，所以由于，得，因此， 因为式关于，的方程有解的充要条件是，所以因此，任意以点为圆心的圆与椭圆至多有个公共点的充要条件为，由得，所求离心率的取值范围为 专业整理分享
