《河南省2018_2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省2018_2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、河南省安阳市第三十六中学2018-2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）第I卷一、单项选择题：（每题3分，共36分）1.闭合线圈在匀强磁场中匀速转动时，产生的正弦式交变电流i=Imsint.若保持其他条件不变，使线圈的匝数和转速各增加1倍，则电流的变化规律为()A. i=ImsintB. i=Imsin2tC. i=2ImsintD. i=2Imsin2t【答案】D【解析】【详解】由电动势的最大值知，最大电动势与角速度成正比，与匝数成正比，所以电动势最大值为4Em，匝数加倍后，其电阻也应该加倍，此时线圈的电阻为2R，根据欧姆定律可得电流的最大值为Im=2Im，因此，电流的变化规律为i=2
2、Imsin 2t，故选D.2.一个矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，周期为T.从中性面开始计时，当t=T时，线圈中感应电动势的瞬时值为2V，则此交变电压的有效值为()A. 2VB. 2VC. VD. V【答案】A【解析】【详解】先用代入法求出感应电动势的最大值：由e=Emsin t得Emsin=2V，由此得Em=4 V，因此有效值为，选项A正确3.如图把电阻、电感、电容并联到某一交流电源上，三个电流表示数相同，若保持电源电压不变，而将频率加大，则三个电流表的示数I1、I2、I3的大小关系是()A. I1=I2=I3B. I1I2I3C. I2I1I3D. I3I1I2【答案】D【解
3、析】原来三个电流表的示数相同，说明三个支路中的电阻、感抗、容抗相等，当交变电流的频率加大时，电阻的值不变，感抗变大，容抗减小，因此I1不变，I2减小，I3增大，即有I3I1I2，故选项D正确。4.如图所示，理想变压器原线圈接入的交变电压，副线圈通过电阻r6的导线对“220V,880W”的电器RL供电，该电器正常工作由此可知()A. 原、副线圈的匝数比为50:1B. 交变电压的频率为100HzC. 副线圈中电流的有效值为4AD. 变压器的输入功率为880W【答案】C【解析】试题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解：输入电压的有效值为
4、11000 V，用电器的额定电压为220 V，所以变压器的输出电压大于220 V，原副线圈的匝数比小于50：1，故A错误；B、由输入电压的表达式知，f=Hz=50 Hz，故B错误；C、副线圈中的电流与用电器中的电流相同，I=4 A，故C正确；D、变压器的输出功率为用电器的功率和导线电阻损耗的功率之和，大于880 W，所以变压器的输入功率大于880 W，故D错误故选C【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题5.某用电器距离供电电源为L，线路上的电流为I，若要求线路上的电压降不超过U，已知输电导线的电阻率为，那么，该输电导线的横截面积最小值是()A. B
5、. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：根据欧姆定律得，根据电阻定律，解得，故B正确，A.C.D错误。考点：电阻定律【名师点睛】根据欧姆定律、电阻定律求出输电导线横截面积的最小值；解决本题的关键掌握电阻定律和欧姆定律，并能灵活运用。6.质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来已知弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为()A. 500NB. 1100NC. 600ND. 1000N【答案】D【解析】试题分析：根据自由落体运动规律，该工人自由下落5m的时间为1s，则根据冲量定理则，带入则考点：冲量
6、定理点评：本题考查了冲量定理的简单运用，首先要计算自由落体运动的时间，然后利用冲量定理进行计算。7.质量为2kg的物体放在光滑水平面上，受到水平方向成30角的斜向上的拉力F=3N的作用，经过10s(取g=10m/s2)()A. 力F的冲量为15NsB. 物体的动量的变化是30kgm/sC. 重力的冲量是零D. 地面支持力的冲量是185Ns【答案】D【解析】【详解】拉力F向上的分量为Fsin30=1.5 N，地面支持力为=18.5 N，拉力F沿水平方向的分力为，根据I=Ft，所以力F的冲量为IF=30 Ns，合力的冲量为，则动量的变化量为15 kgm/s，重力的冲量为200 Ns，地面支持力的冲
7、量为185 Ns，选项D正确8.汽车拉着拖车在平直公路上匀速行驶，突然拖车与汽车脱钩，而汽车的牵引力不变，各自受的阻力不变，则脱钩后，在拖车停止运动前()A. 汽车和拖车的总动量保持不变B. 汽车和拖车的总动能保持不变C. 汽车和拖车的总动量增加D. 汽车和拖车的总动能减小【答案】A【解析】【详解】汽车和拖车原来做匀速直线运动，合外力为零，拖车与汽车脱钩后，汽车的牵引力不变，各自受的阻力也没有发生变化，故拖车、汽车组成的系统合外力仍为零，动量守恒，A正确，C错误；分析物理过程可知，脱钩后，同样时间内汽车发生的位移要大于拖车减速发生的位移，合外力对汽车和拖车做正功，总动能变大，BD错误9.质量相
8、等的三个物块在一光滑水平面上排成一直线，且彼此隔开了一定的距离，如图具有动能E0的第1个物块向右运动，依次与其余两个静止物块发生碰撞，最后这三个物块粘在一起，这个整体的动能为()A. E0B. C. D. 【答案】C【解析】碰撞中动量守恒，得，由得，C正确10.A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s，当A追上B并发生碰撞后，A、B两球速度可能值是()A. vA=5m/s，vB=2.5m/sB. vA=2m/s，vB=4m/sC. vA=4m/s，vB=7m/sD. vA=7m/s，vB=1.5m/s【答案】B【解析】【详解】
9、考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度；因而AD错误，BC满足；两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；A追上B并发生碰撞前的总动量是：mAvA+mBvB=1kg6m/s+2kg2m/s=10kgm/s；B选项：1kg2m/s+2kg4m/s=10kgm/s，C选项：1kg(-4m/s)+2kg7m/s=10kgm/s，则BC均满足。根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，碰撞前总动能为162+222=22J；B选项碰撞后总动能为122+242=18J，C选项碰撞后总动能为142+272=57J，故B满足，C不满足；故选B。11.如图，一个倾角
10、为的直角斜面体静置于光滑水平面上，斜面体质量为M，顶端高度为h，今有一质量为m的小物体，沿光滑斜面下滑，当小物体从斜面顶端自由下滑到底端时，斜面体在水平面上移动的距离是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】此题属“人船模型”问题，m与M组成的系统在水平方向上动量守恒，设m在水平方向上对地位移为x1，M在水平方向对地位移为x2，因此0=mx1Mx2.且x1x2=hcot.联立可得x2=，故选C.12.竖直发射的火箭质量为6103kg.已知每秒钟喷出气体的质量为200kg.若要使火箭获得20.2m/s2的向上加速度，则喷出气体的速度大小应为()A. 700m/sB. 800m/sC
11、. 900m/sD. 1000m/s【答案】C【解析】火箭和喷出的气体动量守恒，即每秒喷出气体的动量等于火箭每秒增加的动量，即m气v气m箭v箭，由动量定理得火箭获得的动力F200v气，又Fm箭gm箭a，得v气900 m/s二、多项选择题：（每题4分，选不全2分，不选或有错误不得分，共24分）13.如图所示，矩形线圈abcd放在匀强磁场中，ad=bc=l1，ab=cd=l2，从图示位置起该线圈以角速度绕不同转轴做匀速转动，则()A. 以OO为转轴时，感应电动势e=Bl1l2sintB. 以O1O1为转轴时，感应电动势e=Bl1l2sintC. 以OO为转轴时，感应电动势e=Bl1l2costD.
12、 以OO为转轴跟以ab为转轴一样，感应电动势e=Bl1l2sin【答案】CD【解析】【分析】图示时刻感应电动势最大为Bl1l2，以O1O1为转轴时，磁通量的变化率始终为零，感应电动势为零【详解】图示时刻感应电动势最大为Bl1l2，以OO为转轴时，感应电动势e=Bl1l2cost，A错误，C正确；以O1O1为转轴时，磁通量的变化率始终为零，感应电动势为零，B错误；由三角形知识知以OO为转轴或以ab为转轴时，感应电动势eBl1l2sin(t+)，D正确；故选CD。14.一交流电压的图象如图所示将该交流电压加在一阻值为22的电阻两端，下列说法中正确的是()A. 该电阻消耗的功率为550WB. 该交流
13、电压的瞬时值表达式为u=110sin100tVC. 并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110VD. 流过电阻的电流方向每秒改变50次【答案】AB【解析】【详解】由题图可知Um=110V，而电压表示数应为有效值即110 V，则并联在该电阻两端的交流电压表的示数为110V，电阻消耗的功率为P=550 W，则A正确，C错误；=100rad/s，所以该交流电压的瞬时值表达式为u=110sin100tV，选项B正确又T=0.02 s，故f=50 Hz，电流方向每周期改变两次，所以每秒改变100次，D错误；15.图甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图，下列说法中正确的是()A. 线圈匝数n1n2，n3
14、n2，n3n4C. 甲图中的电表是电压表，输出端不可短路D. 乙图中的电表是电流表，输出端不可断路【答案】CD【解析】【分析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势串联在电路中的是电流互感器，并联在电路中的是电压互感器。【详解】甲并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以n1n2，由图可知，乙串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，所以n3n4，故CD正确，AB错误。【点睛】知道电流互感器和电压互感器的工作原理同时变压比与匝数成正比，变流比与匝数成反比。16.一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中若把其在空中下落的过程称为过程，进入泥潭起到停止的过程称为过程，则()A. 过程中钢珠的动量的改变量等于重力的冲量B. 过程中阻力的冲量大小等于过程中重力的冲量的大小C. 、两个过程中合外力的总冲量等于零D. 过程中钢珠的动量的改变量等于零【答案】AC【解析】过程中钢珠所受外力只有重力，由动量定理可知，钢珠动量的改变等于重力的冲量，故A正确；过程中，钢珠所受外力有重力和阻力
