《重庆市2019届高三数学4月测试试题 理（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《重庆市2019届高三数学4月测试试题 理（含解析）（21页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、重庆市南开中学2019届高三数学4月测试试题 理（含解析）一、选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1.设复数满足，则在复平面内的对应点位于（ ）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】A【解析】【分析】先对复数进行化简，进而可得到它在复平面内对应点的坐标，从而可得到答案。【详解】由题意，故在复平面内对应点为，在第一象限，故选A.【点睛】本题考查了复数的四则运算，及复数的几何意义，属于基础题。2.若集合，则=（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】求出集合，然后与集合取交集即可。【详解】由题意，则，故答案为C.【点睛】本题考查了分式
2、不等式的解法，考查了集合的交集，考查了计算能力，属于基础题。3.已知双曲线的一条渐近线方程为，且经过点，则双曲线的方程是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由双曲线的渐近线为，可得到，又点在双曲线上，可得到，联立可求出双曲线的方程。【详解】双曲线的渐近线为，则，又点在双曲线上，则，解得，故双曲线方程为，故答案为C.【点睛】本题考查了双曲线的渐近线，考查了双曲线的方程的求法，考查了计算能力，属于基础题。4.在中，则=（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】在上分别取点,使得,可知为平行四边形，从而可得到，即可得到答案。【详解】如下图，在上分别取点,使得,则为平
3、行四边形，故,故答案为B. 【点睛】本题考查了平面向量的线性运算，考查了学生逻辑推理能力，属于基础题。5.下表是某电器销售公司2018年度各类电器营业收入占比和净利润占比统计表：空调类冰箱类小家电类其它类营业收入占比净利润占比则下列判断中不正确的是（ ）A. 该公司2018年度冰箱类电器营销亏损B. 该公司2018年度小家电类电器营业收入和净利润相同C. 该公司2018年度净利润主要由空调类电器销售提供D. 剔除冰箱类电器销售数据后，该公司2018年度空调类电器销售净利润占比将会降低【答案】B【解析】【分析】结合表中数据，对选项逐个分析即可得到答案。【详解】因为冰箱类电器净利润占比为负的，所以
4、选项A正确；因为营业收入-成本=净利润，该公司2018年度小家电类电器营业收入占比和净利润占比相同，而分母不同，所以该公司2018年度小家电类电器营业收入和净利润不可能相同，故选项B错误；由于小家电类和其它类的净利润占比很低，冰箱类的净利润是负值，而空调类净利润占比达到，故该公司2018年度净利润主要由空调类电器销售提供，即选项C正确；因为该公司2018年度空调类电器销售净利润不变，而剔除冰箱类电器销售数据后，总利润变大，故2018年度空调类电器销售净利润占比将会降低，即选项D正确。故答案为B.【点睛】本题考查了统计表格的识别，比例关系的判断，实际问题的解决，属于基础题。6.将函数的图象上各点
5、横坐标缩短到原来的（纵坐标不变）得到函数的图象，则下列说法正确的是（ ）A. 函数的图象关于点对称B. 函数的周期是C. 函数在上单调递增D. 函数在上最大值是1【答案】C【解析】【分析】先求出的表达式，然后结合选项分别判断它的对称中心，周期，单调性，是否有最值，即可得到答案。【详解】将函数横坐标缩短到原来的后，得到，当时，即函数的图象关于点对称，故选项A错误；周期，故选项B错误；当时，所以函数在上单调递增，故选项C正确；因为函数在上单调递增，所以，即函数在上没有最大值，故选项D错误。故答案为C.【点睛】本题考查了三角函数的伸缩变换，考查了三角函数的周期、对称中心、单调性及最值，考查了学生对基
6、础知识的掌握情况。7.已知椭圆的左右焦点分别为，右顶点为，上顶点为，以线段为直径的圆交线段的延长线于点，若，则该椭圆离心率是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由点在以线段为直径的圆上，可知，再由，可得 ，且是等腰直角三角形，结合，所以，可求出离心率。【详解】因为点在以线段为 直径的圆上，所以，又因为，所以，又因为，所以是等腰直角三角形，因为，所以， 所以该椭圆的离心率【点睛】本题考查了椭圆和圆性质，考查了离心率的求法，考查了学生的计算求解能力，属于基础题。8.某部队在一次军演中要先后执行六项不同的任务，要求是：任务A必须排在前三项执行，且执行任务A之后需立即执行任务E，任
7、务B、任务C不能相邻，则不同的执行方案共有（ ）A. 36种B. 44种C. 48种D. 54种【答案】B【解析】【分析】分三种情况，任务A排在第一位时，E排在第二位；任务A排在第二位时，E排在第三位；任务A排在第三位时，E排在第四位，结合任务B和C不能相邻，分别求出三种情况的排列方法，即可得到答案。【详解】六项不同的任务分别为A、B、C、D、E、F，如果任务A排在第一位时，E排在第二位，剩下四个位置，先排好D、F，再在D、F之间的3个空位中插入B、C，此时共有排列方法：；如果任务A排在第二位时，E排在第三位，则B，C可能分别在A、E的两侧，排列方法有，可能都在A、E的右侧，排列方法有； 如果
8、任务A排在第三位时，E排在第四位，则B，C分别在A、E的两侧；所以不同的执行方案共有种【点睛】本题考查了排列组合问题，考查了学生的逻辑推理能力，属于中档题。9.函数的图象大致为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】先判断函数为偶函数，然后通过构造函数，可判断是单调递增函数，从而可得到时，即可判断时，从而可确定在上单调递增，即可得到答案。【详解】因为，所以为偶函数，选项B错误，令，则恒成立，所以是单调递增函数，则当时，故时，,即在上单调递增，故只有选项A正确。【点睛】本题考查了函数图象的识别，考查了函数的单调性与奇偶性，属于中档题。10.如图，正方形网格纸中的实线图形是一个多面
9、体的三视图，则该多面体各表面所在平面互相垂直的有（ ）A. 2对B. 3对C. 4对D. 5对【答案】C【解析】【分析】画出该几何体的直观图，易证平面平面，平面平面，平面平面，平面平面，从而可选出答案。【详解】该几何体是一个四棱锥，直观图如下图所示，易知平面平面，作POAD于O，则有PO平面ABCD，POCD，又ADCD，所以，CD平面PAD，所以平面平面，同理可证：平面平面，由三视图可知：POAOOD，所以，APPD，又APCD，所以，AP平面PCD，所以，平面平面，所以该多面体各表面所在平面互相垂直有4对【点睛】本题考查了空间几何体的三视图，考查了四棱锥的结构特征，考查了面面垂直的证明，属
10、于中档题。11.“垛积术”（隙积术）是由北宋科学家沈括在梦溪笔谈中首创，南宋数学家杨辉、元代数学家朱世杰丰富和发展的一类数列求和方法，有菱草垛、方垛、刍童垛、三角垛等等，某仓库中部分货物堆放成如图所示的“菱草垛”：自上而下，第一层1件，以后每一层比上一层多1件，最后一层是n件，已知第一层货物单价1万元，从第二层起，货物的单价是上一层单价的.若这堆货物总价是万元，则n的值为（ ）A. 7B. 8C. 9D. 10【答案】D【解析】【分析】由题意，第一层货物总价为1万元，第二层货物总价为万元，第三层货物总价为万元，第层货物总价为万元，可设这堆货物总价为万元，从而可得到，利用错位相减法可求出的表达式
11、，结合可求出答案。【详解】由题意，第一层货物总价为1万元，第二层货物总价为万元，第三层货物总价为万元，第层货物总价为万元，设这堆货物总价为万元,则，两式相减得，则,解得， 故选D.【点睛】利用错位相减求和是解决本题的关键，考查了学生利用数列知识解决应用问题的能力，属于中档题。12.函数在内有两个零点，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】设，则函数等价为，条件转化为，进而转化为与有两个交点，利用函数的单调性和导数的几何意义，结合绝对值，合理分类讨论，即可求解，得到答案.【详解】由题意，函数，设，则，因为，所以，则函数等价于，即等价为在上有两个零点，即在有两个
12、根，设，则，即函数是奇函数，则，即函数在上是增函数，且，当，若时，则函数只有一个零点，不满足条件；若时，则，设过原点的直线与相切，切点为，由，则，则切线方程为，切线过原点，则，即，则，当，即切点为，此时切线的斜率为，若，则，此时切线与相切，只有一个交点，不满足题意.当直线过点时，此时直线，要使得与由两个交点，则，当时，时，由，得，当直线过点时，要使得与由两个交点，则，综上或，即实数的取值范围是 ，故选D.【点睛】本题主要考查函数与方程的综合应用问题，其中解答中利用换元法，利用条件转化为两个函数的图象的交点个数问题，利用导数求得函数的单调性和导数的几何意义，合理分类讨论是解答的关键，着重考查了转
13、化思想，以及推理与计算能力，试题难度大，属于难题.二、填空题。13.设等差数列的前项和为，若，则数列的公差_【答案】2【解析】【分析】利用等差数列的性质，可得到，即可求出公差。【详解】由题意，解得.故.【点睛】本题考查了等差数列的性质，考查了计算能力，属于基础题。14.若，则=_.【答案】【解析】【分析】由，而，代入计算即可得到答案。【详解】，则.【点睛】本题考查了三角函数的恒等变换，及三角函数诱导公式的运用，考查了学生的计算求解能力，属于基础题。15.若，则的最小值为_.【答案】【解析】【分析】由基本不等式，可得到，然后利用，可得到最小值，要注意等号取得的条件。【详解】由题意，当且仅当时等号
14、成立，所以，当且仅当时取等号，所以当时，取得最小值【点睛】利用基本不等式求最值必须具备三个条件：各项都是正数；和（或积）为定值；等号取得的条件。16.已知半径为4的球面上有两点，球心为O，若球面上的动点C满足二面角的大小为，则四面体的外接球的半径为_.【答案】【解析】【分析】设所在截面圆的圆心为，中点为，连接，易知即为二面角的平面角，可求出及，然后可判断出四面体外接球的球心在直线上，在中，结合，可求出四面体的外接球的半径.【详解】设所在截面圆的圆心为，中点为，连接，OAOB，所以，ODAB，同理O1DAB，所以，即为二面角的平面角，因为，所以是等腰直角三角形，在中，由cos60，得，由勾股定理，得：，因为O1到A、B、C三的距离相等，所以，四面体外接球的球心在直线上，设四面体外接球半径为，在中，由勾股定理可得：，即，解得【点睛】本题考查了三棱锥的外接球问题，考查了学生的空间想象能力、逻辑推理能力及计算求解能力，属于中档题。三、解答题（解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17.在中，角所对的边分别为，的面积.
