《浙江省强基联盟2024-2025学年高二上学期11月期中联考数学试题 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江省强基联盟2024-2025学年高二上学期11月期中联考数学试题 含解析（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、浙江强基联盟2024年11月高二联考数学试题浙江强基联盟研究院 命制考生注意：1本试卷满分150分，考试时间120分钟2考生作答时，请将答案答在答题卡上选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效一、选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 若集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据交集的概念可直接得到结果.【详解】因.故选：D2. 如果椭圆的方程是，那么它的焦
2、点坐标是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据椭圆的标准方程确定焦点坐标.【详解】因为椭圆的标准方程为：，所以椭圆的焦点在轴上，且，所以.所以椭圆的焦点为：.故选：C3. 已知点，若，则（ ）A. 1B. -5C. 1或-5D. -1或5【答案】C【解析】【分析】应用距离公式即可求解.【详解】解：因为点，所以，所以，则.故选：C.4. 已知圆和圆，则与的位置关系是（ ）A. 外切B. 内切C. 相交D. 外离【答案】A【解析】【分析】由圆方程可确定两圆的圆心和半径，由两圆圆心距与两圆半径的关系可判断出位置关系.【详解】由圆方程知：圆心，半径；由，得，所以圆心，半径；圆心距
3、，所以圆与圆外切.故选：A5. 在正方体中，以下说法正确的是（ ）A. 若E为的中点，则 平面B. 若E为的中点，则 平面C. 若E为的中点，则D. 若E为的中点，则【答案】A【解析】【分析】A.利用线面平行的判定定理判断；B.根据 平面，平面与平面平面不平行判断；C.利用余弦定理判断；D.取 CD的中点F，由，判断.【详解】A.如图所示：连接AC，BD交于点O，则O为BD的中点，所以，又 平面， 平面，所以 平面，故正确；B. 易知 平面，平面与平面平面不平行，所以与平面不垂直，故错误；C.如图所示：在矩形中，设正方体的棱长为1，在中，则，所以，则不垂直，故错误；D.如图所示：取 CD的中点
4、F，易知，又，所以不平行，故错误；故选：A6. 已知，则函数的最小值是（ ）A. B. C. 3D. 2【答案】B【解析】【分析】分析函数在上的单调性，根据函数的单调性分析函数的最小值.【详解】设，则.因为，所以，.所以即.所以函数在上单调递增.所以.故选：B7. 在平行六面体中，若直线与的交点为设，则下列向量中与共线的向量是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】把表示出来，根据向量的数乘运算判断向量的平行.【详解】如图：因为.所以与平行.故选：D8. 如果函数那么（ ）A. 2020B. 2021C. 2023D. 2025【答案】B【解析】【分析】记，根据的定义可求的周期
5、，根据周期性求解即可.【详解】记，根据可得，而，所以的周期为5，取值分别为2023，2024，2020，2021，2022，.故选：B二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分9. 已知复数，以下说法正确的是（ ）A. z的实部是3B. C. D. 在复平面内对应的点在第一象限【答案】ABC【解析】【分析】根据复数实部的概念判断A的真假；计算复数的模判断B的真假；根据共轭复数的概念判断C的真假；根据复数的几何意义判断D的真假.【详解】对A：复数的实部为3，故A正确；对B：因，故B正确；对C：根
6、据共轭复数的概念，故C正确；对D：因为在复平面内对应的点的坐标为，位于第四象限，故D错误.故选：ABC10. 抛掷一颗质地均匀的骰子，记随机事件“点数为i”，其中，则以下说法正确的是（ ）A. 若随机事件“点数不大于3”，则与互斥B. 若随机事件“点数为偶数”，则C. 若随机事件“点数不大于2”，则与对立D. 若随机事件“点数为奇数”，则与相互独立【答案】BD【解析】【分析】对于选项中的事件，分别写出对应的基本事件构成的集合，根据互斥事件、对立事件、独立事件的定义依次分析，即可【详解】，故，所以与不互斥，故A错；，故B对；但，所以与不对立，故C错；，故D对；故选：BD11. 棱长为1的正四面体
7、ABCD的内切球球心为O，点P是该内切球球面上的动点，则以下说法正确的是（ ）A. 记直线AO与直线AB的夹角是，则B. 记直线AO与平面ABC的夹角是，则C. 记的最小值为n，则D. 记在上的投影向量为，则【答案】ACD【解析】【分析】根据正四面体内切球的性质结合正四面体结构特征求解判断A、C；根据点到平面的距离求解判断C；根据投影定义求解判断D；【详解】如图，设内切球的半径为r，球O与平面BCD的切点为H，则，根据等体积法可得，正四面体ABCD的体积，所以，可知，故A对；由直线AO与平面ABC的夹角是，设球O与平面ABC的切点为G，连接OG，所以平面ABC，所以，所以在直角中，故B错；令，
8、则Q是平面BCD内一动点，即球面上的点到平面BCD上点之间的距离，最小值n表示球面上的点到平面BCD的距离，所以，即，故C对；点A在线段BC上的投影为线段BC的中点E，点P在线段BC上的投影点位于点的左侧和右侧，且的最大值为，则，故选：ACD 三、填空题：本大题共3小题，每小题5分，共15分12. 点A（2，1）到直线l：的距离是_【答案】【解析】【分析】利用点到直线的距离公式即可求得答案【详解】点A（2，1）到直线l：的距离为，故答案为：13. 已知圆锥的侧面展开图是圆心角为23，弧长为2的扇形，则该圆锥的体积是_【答案】【解析】【分析】先根据条件确定圆锥的底面半径和高，根据锥体的体积公式求
9、圆锥的体积.【详解】设圆锥的底面半径为，高为，母线长为.则由题意：，所以.所以圆锥的体积为：.故答案为：.14. 设O是坐标原点，是椭圆的左焦点，椭圆上的点P关于O的对称点是Q，若，则该椭圆的离心率是_【答案】#0.5【解析】【分析】利用对角线相互平分判断四边形为平行四边形，利用，中的余弦定理，面积公式列方程，得关于，的方程，构造出离心率，求解即可.【详解】由题意，点P关于O的对称点是Q，所以点是线段的中点，根据椭圆的对称性知，点是线段（为椭圆的右焦点）的中点，则四边形为平行四边形；由，得，则，在平行四边形中，由，得，所以，在中，由余弦定理得，所以，由题意，又，所以，则，即，得，所以离心率.故
10、答案为：.四、解答题：本大题共5小题，共77分解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤15. 已知圆C：，点P（1，4），且直线l经过点P（1）若l与C相切，求l的方程；（2）若l的倾斜角为，求l被圆C截得的弦长【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）对直线l的斜率不存在和存在两种情况进行讨论，根据点到直线的距离等于半径即可求解.；（2）根据点到直线的距离公式及垂径定理即可求解.【小问1详解】由知，圆C的圆心坐标为，半径为5.当直线l的斜率不存在时，即直线的方程为：，圆心C到直线l的距离为，故与圆C不相切，不满足题意；当直线l的斜率存在时，设直线为：，即，则圆C的圆心到直线l的距离，解
11、得，故直线l的方程为，综上：直线l的方程为【小问2详解】由l的倾斜角为，所以直线l的方程为，圆C的圆心到直线l的距离为，由垂径定理得，l被圆C截得的弦长为，16. 在中，内角A，B，C的对边分别是a，b，c，记的面积为S，已知（1）若，求外接圆的半径；（2）求的值【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据三角形内角和求出，再根据正弦定理求半径；（2）根据面积公式和余弦定理求解即可【小问1详解】由，得，由，可得，所以外接圆的半径为【小问2详解】，17. 如图，在四棱锥P-ABCD中，PAD是正三角形，四边形ABCD为等腰梯形，且有，E，F分别是AD，BC的中点，动点Q在PF上 （1）证明：
12、平面平面；（2）当时，求平面QAB与平面QCD所成角的余弦值【答案】（1）证明见解析 （2）【解析】【分析】（1）根据题意，由线面垂直的判定定理可证平面，即可证明平面平面；（2）根据题意，建立空间直角坐标系，结合空间向量的坐标运算以及二面角的夹角公式代入计算，即可得到结果.小问1详解】因为四边形为等腰梯形，E，F分别是AD，BC的中点，所以，又因为，所以，又因为，平面，所以平面，而平面，所以平面平面.【小问2详解】 假设，所以，得到，所以，如图建立空间直角坐标系，得，则，设，则，所以，由可得，解得，所以，设平面的一个法向量，则，取得，设平面的一个法向量，则，取得，设平面QAB与平面QCD所成角
13、为，则，所以平面QAB与平面QCD所成角的余弦值为.18. 在平面直角坐标系中，已知O是坐标原点，点，直线，相交于点，且它们的斜率之积是记点的轨迹是曲线，点是曲线上的一点（1）求曲线的方程；（2）若，直线l过点与曲线的另一个交点为，求面积的最大值；（3）过点作直线交曲线于，两点，且，证明：为定值【答案】（1）（） （2）. （3）证明见解析【解析】【分析】（1）设Mx,y，根据直线，的斜率之积是，可求的轨迹方程.（2）设直线的点斜式，用斜率表示出的面积，结合基本（均值）不等式求最大值.（3）设直线方程为，根据弦长公式表示出OP，根据直线垂直得到直线的方程，再根据在椭圆上，表示出，然后代入化简即
14、可.【小问1详解】设Mx,y，因为，所以.整理得：（）.所以曲线的方程为：（）【小问2详解】当时，可得.当直线斜率不存在时，可得，此时.当直线斜率存在时，设直线：，代入椭圆的方程：，得：，整理得：.因为时该方程的一个解，所以.所以，所以.又点到直线的距离为：.所以.设，则（因为时，此时直线经过点，则共线）. 那么，所以所以当时，；当时，（当且仅当即时取“”）综上可知：面积的最大值为：【小问3详解】如图：因为曲线的方程为：（）所以过的直线可写为：，代入中，可得，整理得：.设Px1,y1，Qx2,y2，则，所以.所以.此时，直线的方程为：，由且点纵坐标大于0，可得：，所以.所以.为定值.【点睛】方法点睛：解析几何中，遇到求最值的问题，通常有以下思路：（1）转化成二次函数值域问题求解.（2）通过换元，可以转化成基本（均值
