《山东省德州市2025届高三上学期期中考试数学试题 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省德州市2025届高三上学期期中考试数学试题 含解析（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、高三数学试题2024.11主考学校：庆云一中本试卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，第I卷1-2页，第卷3-4页，共150分，测试时间120分钟.注意事项：选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在测试卷上.第I卷 选择题（共58分）一、选择题（本题共8个小题，每小题5分，共40分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的.）1. 已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】求得集合，利用交集的意义求解即可.【详解】由，得，解得，所以由，所以，所以，所以.故选：D.2. 以下有关
2、不等式的性质，描述正确的是（ ）A. 若，则B. 若，则C. 若，则D. 若，则，【答案】B【解析】【分析】举反例可说明选项A、D错误；利用不等式的性质得选项B正确；利用作差法可得选项C错误.详解】A.当时，选项A错误.B.由 得，故，选项B正确.C. ，由得，所以，故，选项C错误.D.令，满足，结论不正确，选项D错误. 故选：B.3. 已知向量，若与平行，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】利用平面向量的坐标表示以及平行关系，列方程即可得.【详解】由，可得，若若与平行可知，解得.故选：A4. 已知等差数列的前n项和为，则（ ）A. 180B. 200C. 220D. 2
3、40【答案】C【解析】【分析】利用等差数列定义可求得，再由等差数列的前n项和公式计算可得结果.【详解】设等差数列的首项为，公差为，由，可得；解得，因此.故选：C5. 已知：，：，若是的充分不必要条件，则a的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】先解分式不等式，根据充分不必要条件的定义结合集合间的基本关系计算即可.【详解】由可得，解之得或，设：，对应，：，其解集对应，则是的充分不必要条件等价于A是B的真子集，所以.故选：A6. 已知关于的函数在上单调递增，则实数的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由复合函数的单调性的性质和对数函数的定义
4、域，知道内函数在区间上单调递减且函数值一定为正，建立不等式组，求得的取值范围.【详解】令，则，在上单调递减，由复合函数的单调性可知，在单调递减，则，故选：D7. 已知函数，若方程在区间上恰有3个实数根，则的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由题意可得，根据，可得，计算即可.【详解】由，可得，当时，因为方程在区间上恰有3个实数根，所以，解得，所以的取值范围是.故选：C.8. 已知函数，若函数有三个不同的零点，则实数a的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】将问题转化为“的图象有三个交点”，然后作出的图象，根据经过点以及与相切分析出的临界
5、值，则的范围可求.【详解】因为gx=fxax有三个不同零点，所以有三个不同实根，所以的图象有三个交点，在同一平面直角坐标系中作出的图象，当经过点时，代入坐标可得，解得；当与的图象相切时，设切点为，因为此时，所以，所以切线方程为，即，所以，可得；结合图象可知，若的图象有三个交点，则，故选：B.【点睛】思路点睛：求解函数零点的数目问题，采用数形结合思想能高效解答问题，通过数与形的相互转化能使问题转化为更简单的问题，常见的图象应用的命题角度有：（1）确定方程根的个数；（2）求参数范围；（3）求不等式解集；（4）研究函数性质.二、选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项
6、符合题目要求，全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分.）9. 下列结论正确的是（ ）A. B. ，C. 若，D. 的值域为【答案】BC【解析】【分析】根据基本不等式的三个要求“一正，二定，三相等”来判断各个选项即可.【详解】A选项：因为，故不满足“一正”，A选项错误；B选项：因为，所以，所以，当且仅当，即时取等号，所以B选择正确；C选项：，所以，所以，当且仅当，即时取等号，所以C选项正确；D选项：因为，所以，当且仅当时取等号，但无解，所以，所以D选项错误.故选：BC.10. 已知函数，则（ ）A. 函数有两个零点B. 是的极小值点C. 是的对称中心D. 当时，【答案】ABD【解析
7、】【分析】求得函数的零点可判断A；求得导函数，求得的根，可得极小值点，从而可判断B；求得的对称轴，可得的对称中心判断C；利用函数在上单调递增可判断D.【详解】由，解得或，所以函数有两个零点，故A正确；由，得，令，解得或，当时，当时，所以是的极小值点，故B正确；由函数的对称轴为，此时的对称中心是两个极值点的中点，所以是的对称中心，故C不正确；当时，所以在上单调递增，若，可得，所以，故D正确.故选：ABD.11. 已知数列的各项均为负数，其前项和满足，则（ ）A. B. 为递减数列C. 为等比数列D. 存在大于的项【答案】ABD【解析】【分析】令，可得出的值，令，可得出关于的方程，可解出的值，可判
8、断A选项；由递推关系结合数列的单调性可判断B选项；假设数列为等比数列，推导出，求出的值，可判断C选项；利用反证法可判断D选项.【详解】对于A选项，当时，由题意可得，因为，所以，当时，由可得，整理可得，因为，解得，A对；对于B选项，当时，由可得，上述两个等式作差可得，因为，即，所以，数列为递减数列，B对；对于C选项，若数列为等比数列，则，因为，则，设等比数列的公比为，则，解得，不合乎题意，所以，数列不是等比数列，C错；对于D选项，假设对任意的，则，此时，与假设矛盾，假设不成立，D对.故选：ABD【点睛】关键点睛：本题在推断选项CD的正误时，利用正面推理较为复杂时，可采用反证法来进行推导第卷非选择
9、题（共92分）三、填空题（本题共3小题，每小题5分，共15分）12. 已知正三角形的边长为2，为中点，为边上任意一点，则_.【答案】3【解析】【分析】由已知可得，从而利用可求值.【详解】因为三角形是正三角形，为中点，所以，所以，又正三角形的边长为2，所以，所以.故答案为：.13. 设，当时，则_.【答案】【解析】【分析】利用降幂公式化简可得，由已知可求得，再利用同角的三角函数的平方关系可求.【详解】，由，所以，所以，因为，又，所以，所以.故答案为：.14. 已知函数的定义域为，为偶函数，且，则_，_.【答案】 . 1 . -2026【解析】【分析】通过条件可得是周期为4的函数，由为偶函数得，通
10、过给赋值可计算出，利用函数的周期性可得结果.【详解】由得，故是周期为的函数.为偶函数，令，得，令，得.在中，令，得，.令，得，故，令，得，故.由函数的周期性得，.故答案为：1；-2026.【点睛】方法点睛：若，则函数的周期；若，则函数的周期；若，则函数的周期；若，则函数的周期；若，则函数的周期.四、解答题（本题共5小题，共77分，解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.）15. 已知中的三个角的对边分别为，且满足.（1）求；（2）若的角平分线交于，求面积的最小值.【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）利用正弦定理将角化边，化简后求解即可；（2）根据角平分线性质，得，再利用基本不等式
11、求解即可.【小问1详解】因为，所以由正弦定理得，又因为，所以，即，又，所以；【小问2详解】，即，化简得，所以，所以所以，当且仅当时取“=”，所以，所以面积的最小值为.16. 某企业计划引入新的生产线生产某设备，经市场调研发现，销售量（单位：台）与每台设备的利润（单位：元，）满足：（a，b为常数）.当每台设备的利润为36元时，销售量为360台；当每台设备的利润为100元时，销售量为200台.（1）求函数的表达式；（2）当为多少时，总利润（单位：元）取得最大值，并求出该最大值.【答案】（1） （2）当为100元时，总利润取得最大值为20000元.【解析】【分析】（1）根据题意列出方程组，求出的值即
12、可得到函数的表达式；（2）根据函数的表达式得出利润的表达式，分段讨论出各段的最大值，比较后得到最大值.【小问1详解】由题意知，得故.【小问2详解】设总利润，由（1）得当时，在上单调递增，所以当时，有最大值10000当时，令，得.当时，单调递增，当时，单调递减，所以当时，有最大值20000.当时，.答：当为100元时，总利润取得最大值为20000元.17. 在数列中，其前n项和为，且（且）.（1）求的通项公式；（2）设数列满足，其前项和为，若恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1） （2）.【解析】【分析】（1）利用的关系得，结合累乘法可得通项；（2）根据（1）的结论得出，由错位相减法得，再分离
13、参数，根据基本不等式计算即可.【小问1详解】因为，代入，整理得，所以，以上个式子相乘得，.当时，符合上式，所以.【小问2详解】.所以，得，所以.由得：，因为，当且仅当时，等号成立，所以，即的取值范围是.18. 已知函数.（1）当时，求函数在点处的切线方程；（2）当时，求的单调区间；（3）若函数存在正零点，求的取值范围.【答案】（1） （2）单增区间是，无单减区间； （3）.【解析】【分析】（1）求得切点坐标，由导函数求出切点处导函数的值得到切线斜率，写出切线方程；（2）代入参数后求导函数，由导函数求得单调区间；（3）令导函数为新的函数再求导，根据的取值进行分类讨论，利用函数单调性和函数零点的定义即可得到的取值范围.【小问1详解】由题知，于是，所以切线的斜率，于是切线方程为，即【小问2详解】由已知可得的定义域为，且，因此当时，从而，所以的单增区间是，无单减区间；【小问3详解】由（2）知，令，当时，.当时，可知，在内单调递增，又，故当时，所以不存在正零点；当时，又，所以存在满足，所以在内单调递增，在内单调递减.令，则当时，故在内单调递增，在内单调递减，从而当时，即，所以，又因为，所以，因此，使得即此时存在正零点；当时，从而为减函数.又，所以当时，.故时，恒成立，又，故当时，所以函数不存在正零点；综上，实数的取值范围为.【点睛】方法点睛：已知函数有正零点，由函数零点的定义需要找到两
