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1、江西省临川二中、临川二中实验学校2025年物理高三第一学期期中复习检测试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题
2、卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，静止在光滑水平面上的木板，右端有一根轻质弹簧沿水平方向与木板相连，木板质量质量的铁块以水平速度，从木板的左端沿板面向右滑行，压缩弹簧后又被弹回，最后恰好停在木板的左端在上述过程中弹簧具有的最大弹性势能为A3JB6JC20JD4J2、假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B，半径分别为RA和RB，这两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方（r3）与运行周期的平方（T2）的关系如图所示，T0为卫星环绕行星表面运行的周期，则（ ）A行星A的质
3、量大于行星B的质量B行星A的密度小于行星B的密度C行星A的第一宇宙速度小于行星B的第一宇宙速度D当两行星的卫星轨道半径相同时，行星A的卫星向心加速度小于行星B的卫星向心加速度3、下列叙述错误的是（ ）A用点电荷来代替带电体的研究方法叫理想模型法B胡克指出，在任何情况下，弹簧的弹力都跟伸长量成正比C牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的数值D经典力学不适用于微观粒子和高速运动物体4、如图所示，两相同的小球M、N用等长的绝缘细线悬挂在竖直绝缘墙壁上的O点，悬点到小球中心的距离均为L，给小球N带上电，电荷量大小为q，小球M上电荷量未知且保持不变由于库仑斥力作用，初次平衡时两小
4、球间的距离为d1，由于某种原因，小球N缓慢漏电，当两小球间的距离为d2时，小球N的电荷量为ABCD5、一质点沿直线Ox方向做变速直线运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=6t2t3（m），它的速度v随时间t变化的关系为v=66t2（m/s），则该质点在t=2 s时的瞬时速度、t=0到t=2 s间的平均速度、平均速率分别为（ ）A18 m/s、2 m/s、2 m/sB18 m/s、2 m/s，6 m/sC2 m/s、 2 m/s、18 m/sD18 m/s、6 m/s，6 m/s6、质量为60 kg的人，站在升降机内的台秤上（g=10 m/s2），测得体重（即支持力）为480N，则关于升
5、降机的说法正确的是( )A人处于超重状态B升降机一定在下降C人的加速度大小为2 m/s2D人的加速度是40 m/s2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、从足够高的地面上空以初速度竖直上抛出一个箱子，箱子内部装有与箱子长度相等的物体，若运动过程中箱子不翻转，且受到的空气阻力与其速率成正比，箱子运动的速率随时间变化的规律如图所示，时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为，且落地前箱子已经做匀速运动，则下列说法中正确的是A箱子抛出瞬间的加速度大小为B箱内物体对箱子底部始终没有
6、压力C若箱子抛出的速度为，落地速率也为D上升过程中物体受箱子顶部向下的压力，且压力逐渐增大8、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的检验电荷分别置于A、B两点，虚线为等势线，取无穷远处为零电势点，若将移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是（ ）AA点电势大于B点电势BA、B两点的电场强度相等C的电荷量小于的电荷量D在A点的电势能等于在B点的电势能9、a、b、c三个粒子由同一点垂直场强方向同时进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定（） A在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上B进入电场时，c的速度最大，a的速度最小Cb和c同时飞离电场D
7、动能的增量相比，a的最小，b和c的一样大10、将一小球竖直向上抛出，取竖直向上为正方向，设小球在抛出点的重力势能为零，小球所受空气阻力大小恒定。从抛出到落回抛出点的过程中，小球的加速度a、速度v、机械能E、动能Ek与其离开抛出点高度h之间的关系正确的是（）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为描绘小灯泡L “3V， 1.5W”的伏安特性曲线，某同学根据如下可供选择的器材设计了如图所示电路（电路还没有完全接好） A电流表（量程1.6 A，内阻约1)B电压表（量程3V，内阻约3k)C滑动变阻器（211，13A)D滑动变阻器（1
8、1，2 A)E电池组（电动势约3V，内阻未知）F开关，带夹子的导线若干G待测小灯泡(1)实验中滑动变阻器应选择_(填“C”或“D”)，请以笔画线代替导线将尚未连接好的电压表连入电路中_(2)在该同学连接最后一根导线的c端到直流电源正极之前，请指出其中的两个不当之处：I_；_(3)改正上述两个不当之处后，他在测量中发现，无论如何调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表的示数均不能取到较小值，其原因可能是导线_(填图中导线代号)没有连接好(4)正确连接电路并排除故障后，通过调节滑动 变阻器，得到多组电压表和电流表的示数如下表所示，根据表中数据，在所给方格纸中描点并作出该灯泡的伏安特性曲线_ 12（12
9、分）某物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候，测得弹力的大小F和弹簧长度L的关系如图1所示，则：(1)通过图像得到弹簧的劲度系数_N/m(2)为了用弹簧测定两木块A、B间的动摩擦因数，两同学分别设计了如图2所示的甲、乙两种方案。为了用某一弹簧测力计的示数表示A和B之间的滑动摩擦力的大小，你认为方案_更合理。甲方案中，若A和B的重力分别为10.0 N和20.0 N。当A被拉动时，弹簧测力计a的示数为4.0 N，b的示数为10.0 N，则A、B间的动摩擦因数为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一
10、束激光从O点由空气射入厚度均匀的介质，经下表面反射后，从上面的A点射出已知入射角为i ,A与O 相距l,介质的折射率为n,试求介质的厚度d.14（16分）如图所示，从倾角为450的固定斜面B点正上方，距B点的高度为h的A点处，静止释放一个质量为m的弹性小球，落在B点和斜面碰撞，碰撞后速度大小不变，方向变为水平，经过一段时间小球落在斜面上C点。空气阻力不计，重力加速度为g求：(1)小球从A点运动到B点的时间；(2)小球从B点运动到C点的时间；(3)B点和C点间的高度差；(4)小球落到C点时重力做功的瞬时功率。15（12分）如图所示， a、b是完全相同的小物块，质量均为m，光滑半圆弧轨道半径为R，
11、OA为水平半径，BC为竖直直径粗糙的水平轨道CM与圆弧轨道在C点相切，轨道上有一轻弹簧，一端固定在竖直墙上，另一端系物块a，物体a恰位于轨道的末端C点(此时弹簧处于自然状态)小物块b自A处以竖直向下的初速度v0滑下，到C点后与物体a发生弹性碰撞，a压缩弹簧进入水平轨道，物块b最终恰能通过B点重力加速度为g，求：（1）物块b刚滑到半圆轨道C点时对轨道的压力大小；（2）弹簧的最大弹性势能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：铁块从木板的左端沿板面向右滑行，当铁块与木板的速度相同时，弹簧压缩最短，其弹性
12、势能最大根据能量守恒列出此过程的方程从两者速度相同到铁块运动到木板的左端过程时，两者速度再次相同，根据能量守恒定律再列出整个过程的方程根据系统动量守恒可知，两次速度相同时，铁块与木板的共同速度相同，根据动量守恒定律求出共同速度，联立求解弹簧具有的最大弹性势能设铁块与木板速度相同时，共同速度大小为v，铁块相对木板向右运动时，滑行的最大路程为L，摩擦力大小为f根据能量守恒定律得：铁块相对于木板向右运动过程：，铁块相对于木板运动的整个过程：，又根据系统动量守恒可知，解得EP=3J，A正确2、A【解析】A.根据,可得由图象可知，A的斜率大，所以A的质量大.故选项A符合题意.B.由图象可知当卫星在两行星
13、表面运行时，周期相同，且R=r将代入上式可知故两行星密度相同. 故选项B不符合题意.C.根据万有引力提供向心力，则所以行星A的半径大，所以行星A的第一宇宙速度也大. 故选项C不符合题意.D.两卫星的轨道半径相同时，它们的向心加速度由于A的质量大于B的质量，所以行星A的卫星向心加速度大. 故选项D不符合题意.3、B【解析】用质点代替实际物体是采用了理想模型的方法，质点实际不存在，故A说法正确；胡克指出，在弹性范围内，弹簧的弹力都跟伸长量成正比，故B说法错误；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的数值，故C说法正确；经典力学适用于宏观低速的物体，不适用于微观粒子和高速运动物
14、体，故D说法正确。所以选B。4、B【解析】如图所示，对小球M受力分析可知M所受的重力，绳的拉力和库仑力F构成的力的三角形与OMN长度三角形一直相似，所以当初次平衡时两小球间的距离为d1时有：当两小球间的距离为d2时有;而根据库仑定律，两种状态下库仑力分别有：联立解得：，故选B5、B【解析】该质点在t=2 s时的瞬时速度v2=6622=18 m/s（m/s）；t=0时，x0=0 m，t=2 s时，x2=4 m，故2 s内的位移为x=x2x0=4 m，2 s内的平均速度；当v=0时，由v=66t2（m/s），得t=1 s，此时x1=4 m，在前1 s内质点通过的路程s1=x1=4 m，在后1 s内通过的路程为s2=|x2x1|=8 m，则平均速率，选B6、C【解析】ACD对人受力分析，受重力和支持力，支持力小于重力，人处于失重状态，合力向下，加速度向下，故升降机的加速度也向下；由牛顿第二定律可知：mg-F=ma解得：a=2m/s2故AD错误，C正确B升降机的加速度向下，即升降机可能加速下降，也可能减速上升故B错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
