《山东省冠县武训高级中学高三物理 3.3 牛顿第二定律的应用复习课件》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省冠县武训高级中学高三物理 3.3 牛顿第二定律的应用复习课件（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、3 3、3 3 牛顿第二定律的应用牛顿第二定律的应用1 1、所示，、所示，5 5个质量相同的木块并排放在光滑的水平桌个质量相同的木块并排放在光滑的水平桌面上，当用水平向右推力面上，当用水平向右推力F F推木块推木块1 1，使它们共同向右，使它们共同向右加速运动时，求第加速运动时，求第2 2与第与第3 3块木块之间弹力及第块木块之间弹力及第4 4与第与第5 5块木块之间的弹力块木块之间的弹力一、连接体一、连接体变式变式如图所示，三个物块如图所示，三个物块a、b、c置于光滑的水置于光滑的水平面上，它们间用轻绳连在一起，恒力平面上，它们间用轻绳连在一起，恒力F作用在作用在a上，上，当在当在b上再放上
2、一小物块仍使三者一起滑动，则加上上再放上一小物块仍使三者一起滑动，则加上小物块前后绳中张力小物块前后绳中张力T1，T2如何变化？如何变化？ ()AT1、T2均变小均变小 BT1、T2均变大均变大CT1变小，变小，T2变大变大 DT1变大，变大，T2变小变小D 2 2水平面上有一带圆弧形凸起的长方形木块水平面上有一带圆弧形凸起的长方形木块A A，木块，木块A A上的物体上的物体B B用绕过凸起的轻绳与物体用绕过凸起的轻绳与物体C C相连，相连，B B与凸起之间的绳是水平的与凸起之间的绳是水平的用一水平向左的拉力用一水平向左的拉力F F作用在物体作用在物体B B上，恰使物体上，恰使物体A A、B
3、B、C C保持相保持相对静止，如图所示，已知物体对静止，如图所示，已知物体A A、B B、C C的质量均为的质量均为m m，重力加速度，重力加速度为为g g，不计所有的摩擦，则拉力，不计所有的摩擦，则拉力F F应为多大应为多大【解析【解析】设绳张力为设绳张力为T T，A A、B B、C C共同的加速度为共同的加速度为a a，与，与C C相连相连部分的绳与竖直线夹角为部分的绳与竖直线夹角为 ，对对A A、B B、C C组成的整体有组成的整体有F=3ma F=3ma 对对B B有有F-T=ma F-T=ma 对对C C有有TcosTcos =mg Tsin=mg Tsin =ma=ma联立联立式得
4、式得T=2ma,由由得得=303如图所示，水平面上质量均为如图所示，水平面上质量均为m的两木块的两木块A、B用用劲度系数为劲度系数为k的轻质弹簧连接，整个系统处于平衡状的轻质弹簧连接，整个系统处于平衡状态现用一竖直向上的力态现用一竖直向上的力F拉动木块拉动木块A，使木块，使木块A向向上做加速度为上做加速度为a的匀加速直线运动取木块的匀加速直线运动取木块A的起始的起始位置为坐标原点，图中实线部分表示从力位置为坐标原点，图中实线部分表示从力F作用在木作用在木块块A到木块到木块B刚离开地面这个过程中，刚离开地面这个过程中，F和木块和木块A的位的位移移x之间的关系，则之间的关系，则()ACAC【答案【
5、答案】AC4 4 4 4、如图所示，一倾角为、如图所示，一倾角为、如图所示，一倾角为、如图所示，一倾角为30303030o o o o的斜面上放一木块，木块上的斜面上放一木块，木块上的斜面上放一木块，木块上的斜面上放一木块，木块上固定支架，支架末端用丝线悬挂一小球，木块在斜面上固定支架，支架末端用丝线悬挂一小球，木块在斜面上固定支架，支架末端用丝线悬挂一小球，木块在斜面上固定支架，支架末端用丝线悬挂一小球，木块在斜面上下滑时，小球与滑块相对静止共同运动，求下述三种情下滑时，小球与滑块相对静止共同运动，求下述三种情下滑时，小球与滑块相对静止共同运动，求下述三种情下滑时，小球与滑块相对静止共同运动
6、，求下述三种情况下滑块下滑的加速度况下滑块下滑的加速度况下滑块下滑的加速度况下滑块下滑的加速度：沿竖直方向；沿竖直方向；沿竖直方向；沿竖直方向；与斜面方向垂直；与斜面方向垂直；与斜面方向垂直；与斜面方向垂直；沿水平方向。沿水平方向。沿水平方向。沿水平方向。细线沿竖直方向时如图细线沿竖直方向时如图细线沿竖直方向时如图细线沿竖直方向时如图a a a a所示，所示，所示，所示， T T T T1 1 1 1与与与与mgmgmgmg都是竖直方向，都是竖直方向，都是竖直方向，都是竖直方向， 故不可能有加速度，故不可能有加速度，故不可能有加速度，故不可能有加速度，T T T T1 1 1 1- - - -
7、mgmgmgmg=0=0=0=0， 说明木块沿斜面匀速下滑说明木块沿斜面匀速下滑说明木块沿斜面匀速下滑说明木块沿斜面匀速下滑, , , ,即即即即a a a a1 1 1 1=0=0=0=0。解：解：解：解：从分析小球的受力情况入手，求加速度。由题意，从分析小球的受力情况入手，求加速度。由题意，从分析小球的受力情况入手，求加速度。由题意，从分析小球的受力情况入手，求加速度。由题意， 小球与木块的加速度相等，则此加速度必定沿斜面方向。小球与木块的加速度相等，则此加速度必定沿斜面方向。小球与木块的加速度相等，则此加速度必定沿斜面方向。小球与木块的加速度相等，则此加速度必定沿斜面方向。mgmgT T
8、1 1如图如图如图如图b b b b，F F F F合合合合=ma=ma=ma=ma=mgmgmgmgsinsinsinsin， 故：故：故：故：a a a a= = = =g g g gsinsinsinsin=g/2=g/2=g/2=g/2。amgT2300F合合mgT3F合合300a细线与斜面方向平行时细线与斜面方向平行时细线与斜面方向平行时细线与斜面方向平行时一、连接体一、连接体C二、临界问题二、临界问题5 5如图所示，光滑水平面上放置质量分别为如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m m、2m2m的的A A、B B两个物体，两个物体，A A、B B间的最大静摩擦力为间的最大静摩擦力为m
9、gmg，现用水平拉力，现用水平拉力F F拉拉B B，使，使A A、B B以同一加速以同一加速度运动，则拉力度运动，则拉力F F的最大值为的最大值为( () )A Amgmg B B2mg2mgC C3mg3mg D D4mg4mgC6. (20106. (2010长沙模拟长沙模拟) )如图所示，光滑水平面上放置质量分别为如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m m、2m2m和和3m3m的三个木的三个木块，其中质量为块，其中质量为2m2m和和3m3m的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉的木块间用一不可伸长的轻绳相连，轻绳能承受的最大拉力为力为T.T.现用水平拉力现用水平拉力F F拉质
10、量为拉质量为3m3m的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以的木块，使三个木块以同一加速度运动，则以下说法正确的是下说法正确的是( () )A A质量为质量为2m2m的木块受到四个力的作用的木块受到四个力的作用B B当当F F逐渐增大到逐渐增大到T T时，轻绳刚好被拉断时，轻绳刚好被拉断C C当当F F逐渐增大到逐渐增大到1.5T1.5T时，轻绳还不会被拉断时，轻绳还不会被拉断D D轻绳刚要被拉断时，质量为轻绳刚要被拉断时，质量为m m和和2m2m的木块间的摩擦力为的木块间的摩擦力为T T7 7、一个弹簧测力计放在水平地面上，、一个弹簧测力计放在水平地面上，Q Q为与轻弹簧上端连在一为与轻弹簧
11、上端连在一起的秤盘，起的秤盘，P P为一重物，已知为一重物，已知P P的质量的质量M M10.5 kg10.5 kg，Q Q的质量的质量m m1.5 kg1.5 kg，弹簧的质量不计，劲度系数，弹簧的质量不计，劲度系数k k800 N/m800 N/m，系统处于静，系统处于静止如图所示，现给止如图所示，现给P P施加一个方向竖直向上的力施加一个方向竖直向上的力F F，使它从静，使它从静止开始向上做匀加速运动，已知在前止开始向上做匀加速运动，已知在前0.2 s0.2 s内，内，F F为变力，为变力，0.2 s0.2 s以后，以后，F F为恒力求力为恒力求力F F的最大值与最小值的最大值与最小值(
12、 (取取g g10 m/s10 m/s2 2) )(3)(3)当当t t0 0的时刻，应是力的时刻，应是力F F最小的时刻，随后，由于弹最小的时刻，随后，由于弹簧弹力逐渐变小，而簧弹力逐渐变小，而P P与与Q Q受到的合力保持不变，因此力受到的合力保持不变，因此力F F逐渐变大，至逐渐变大，至t t0.2 s0.2 s的时刻，的时刻，F F增至最大增至最大分析：分析：(1)P(1)P、Q Q分离后力分离后力F F一定为恒力一定为恒力(2)t(2)t0.2 s0.2 s时刻是分离的临近点，时刻是分离的临近点，P P与与Q Q具有相具有相同的速度及加速度弹簧并未恢复原长同的速度及加速度弹簧并未恢复
13、原长若是若是P P直接放在弹簧上，则是原长分离直接放在弹簧上，则是原长分离 “0.2 s0.2 s内内F F为变力为变力”，说明，说明t t0.2 s0.2 s时刻，时刻，P P与与Q Q开始脱离开始脱离【答案【答案】168 N72 N8 8、一一个个质质量量为为0.2kg0.2kg的的小小球球用用细细线线吊吊在在倾倾角角5353的的斜斜面面顶顶端端，如如图图所所示示，斜斜面面静静止止时时，球球紧紧靠靠在在斜斜面面上上，绳绳与与斜斜面面平平行行，不不计计摩摩擦擦，当当斜斜面面以以10m/s10m/s2 2的的速速度度向向右右做做加加速速运运动动时时，求求绳绳的的拉拉力及斜面对小球的弹力力及斜面
14、对小球的弹力 解解析析：先先求求出出小小球球离离开开斜斜面面的的临临界界加加速速度度a0.(此此时时，小球所受斜面支持力恰好为零小球所受斜面支持力恰好为零)9(2010福建高考福建高考)质量为质量为2 kg的物体静止在足够大的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等从最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等从t0时时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力平拉力F的作用，的作用，F随时间随时间t的变化规律如图重力加的变化规律如图重力加速度速度
15、g取取10 m/s2，则物体在，则物体在t0至至t12 s这段时间的这段时间的位移大小为位移大小为()A18 mB54 mC72 mD198 m三、牛顿定律与图像的综合应用三、牛顿定律与图像的综合应用B1010如图所示，在倾角如图所示，在倾角3737的固定斜面上放置一的固定斜面上放置一质量质量M M1 kg1 kg、长度、长度L L3 m3 m的薄平板的薄平板AB.AB.平板的上表面平板的上表面光滑，其下端光滑，其下端B B与斜面底端与斜面底端C C的距离为的距离为7 m7 m在平板的上在平板的上端端A A处放一质量处放一质量m m0.6 kg0.6 kg的滑块，开始时使平板和滑的滑块，开始时使平板和滑块都静止，之后将它们无初速度释放设平板与斜面块都静止，之后将它们无初速度释放设平板与斜面间、滑块与斜面间的动摩擦因数均为间、滑块与斜面间的动摩擦因数均为0.50.5，求滑块，求滑块与薄平板下端分别从与薄平板下端分别从B B运动到运动到C C的时间差的时间差t.(sint.(sin 37 370.60.6，coscos 37 370.80.8，g g10 m/s10 m/s2 2) )四、多物体多过程问题四、多物体多过程问题【答案】【答案】1.65 s
