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1、黄陂区2023-2024学年度下学期高一期末质量检测物理试卷本试卷共5页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在试卷和答题卡上，并认真核准准考证号条形码上的以上信息，将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑：非选择题用黑色签字笔在答题卡上作答；字体工整，笔迹清楚。4.考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1
2、7题只有一项符合题目要求，第810题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1. 某片树叶从空中飘落的轨迹为曲线。则该树叶（）A. 速度在不断变化B. 一定在做匀变速运动C. 所受的合力一定保持不变D. 加速度方向可能与速度方向始终在同一直线上【答案】A【解析】【详解】A树叶从空中飘落的轨迹为曲线，则速度的方向不断改变，速度不断变化，故A正确；BC若树叶做匀变速曲线运动，此时合力与加速度不变，所以树叶可能做匀变速运动，故BC错误；D雪花的运动轨迹为曲线，合力与速度方向不共线，即加速度方向与速度方向不在同一直线上，故D错误；故选A。2. 在平坦的垒球运动场上，击
3、球手挥动球棒将垒球水平击出，垒球飞行一段时间后落地。若不计空气阻力，则（）A. 垒球落地时瞬时速度的大小仅由初速度决定B. 垒球在空中运动的水平位移仅由初速度决定C. 垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定D. 垒球落地时瞬时速度的方向仅由击球点离地面的高度决定【答案】C【解析】【详解】A落地时的瞬时速度的大小为所以垒球落地时瞬时速度的大小既与初速度有关，也与高度有关。故A错误；B垒球在空中运动的水平位移所以垒球在空中运动的水平位移与击球点离地面的高度和球的初速度都有关。故B错误；C垒球做平抛运动，竖直方向上做自由落体运动，由解得则知垒球在空中运动的时间仅由击球点离地面的高度决定。故C
4、正确；D垒球落地时瞬时速度与水平方向夹角的正切所以垒球落地时瞬时速度的方向与击球点离地面的高度和球的初速度都有关。故D错误。故选C。3. 小球放在竖直的弹簧上，将小球往下按至a的位置，如图所示。迅速松手后，弹簧把球弹起，球升至最高位置c，途中经过位置b时弹簧正好处于原长，弹簧的质量和空气阻力均可忽略，小球从a运动到c的过程中，下列说法正确的是（）A. 小球的动能逐渐增大，小球和弹簧系统机械能不变B. 小球的动能与弹簧的弹性势能的总和逐渐增大C. 在b点时小球的动能最大，弹簧的弹性势能最小D. 在a点时小球机械能最小，弹簧的弹性势能最大【答案】D【解析】【分析】【详解】A从a到c的过程，小球的动
5、能先增大后减小，小球和弹簧系统机械能保持不变，A错误；B由于小球重力势能逐渐增大，故小球的动能与弹簧的弹性势能的总和逐渐减小，B错误；C还未到b点时，当满足kx=mg时，小球的动能最大，到b点时弹簧的弹性势能最小，C错误；D在a点时弹簧的弹性势能最大，故小球机械能最小，D正确。故选D。4. 如图所示，轻杆的一端固定在通过O点的水平转轴上，另一端固定一个小球，轻杆绕O点在竖直平面内沿顺时针方向做匀速圆周运动，其中A点为最高点、C点为最低点，B点与O点等高，下列说法正确的是（）A. 小球经过A点时，所受杆的作用力一定竖直向下B. 从A点到C点的过程，小球合力始终指向圆心C. 从A点到C点的过程，小
6、球重力的功率保持不变D. 小球经过B点时，所受杆的作用力沿着BO方向【答案】B【解析】【详解】A小球经过A点时，合外力提供向心力，则当小球速度较小时则所受杆的作用力竖直向上；当小球速度较大时则所受杆的作用力竖直向下；当小球速度满足则杆对小球无作用力。故A错误；B依题意，小球做匀速圆周运动，合外力提供向心力，从A点到C点的过程，小球合力始终指向圆心。故B正确；C由图可知A点和C点处重力与速度方向垂直，则小球重力的功率为0，与B点对称的位置处重力与速度共线，故重力功率不为0，则从A点到C点的过程，小球重力的功率先增大再减小。故C错误；D合外力提供向心力，小球受重力和杆给的作用力，则小球所受杆的作用
7、力为右上方。故D错误。故选B。5. 一质点做简谐运动，其相对于平衡位置的位移x与时间t的关系图线如图所示，由图可知（）A. 该简谐运动的周期是，振幅是7cmB. 该简谐运动的表达式可能为C. 时振子的速度最大，且方向向下D. 时振子的位移为【答案】B【解析】【详解】A根据图像可知，该简谐运动的周期是，振幅是7cm，故A错误；B应该完整的规则的正弦式振动方程为将上述函数的图像向左平移得到图像中的波形，则该简谐运动的表达式可能为故B正确；C根据图像可知，时振子处于平衡位置，振子的速度最大，速度方向向上，故C错误；D由于可以解得时振子的位移为故D错误。故选B。6. 如图所示，甲、乙为两颗轨道在同一平
8、面内地球人造卫星，其中甲卫星的轨道为圆形，乙卫星的轨道为椭圆形，M、N分别为椭圆轨道的近地点和远地点，P点为两轨道的一个交点，圆形轨道的直径与椭圆轨道的长轴相等。以下说法正确的是（）A. 卫星甲的周期小于卫星乙的周期B. 卫星乙在M点的动能小于在N点的动能C. 卫星甲在P点的加速度大于卫星乙在P点的加速度D. 卫星甲在P点的线速度大于卫星乙在N点的线速度【答案】D【解析】【详解】A由开普勒第三定律可知，由于圆轨道的直径与椭圆轨道的长轴相等，所以二者的周期一定是相等的。故A错误；B由开普勒第二定律可知，卫星乙在M点的速率大于在N点的速率，根据可知卫星乙在M点的动能大于在N点的动能。故B错误；C根
9、据解得两卫星在P点到地球距离是相等的，所以它们在P点的加速度是相等的。故C错误；D乙卫星的轨迹是椭圆，在P点的线速度大于在N点的线速度，若其在P点加速可进入卫星甲的圆轨道稳定运行，所以卫星甲在P点的线速度大于卫星乙在N点的线速度。故D正确。故选D。7. 学校运动会上，参加铅球项目的运动员，把5kg的铅球以6m/s的初速度从某一高度投掷出去，如图所示，抛射角，铅球落地速度与水平地面夹角53，不计空气阻力，重力加速度g取，则铅球从抛出到落地的时间是（）A. 0.5sB. 0.8sC. 1.0sD. 1.5s【答案】C【解析】【详解】把v0沿水平方向、竖直方向分解，在竖直方向，铅球以初速度做竖直上抛
10、运动，水平方向以做匀速直线运动，规定竖直向下为正方向，铅球落地时竖直方向的速度铅球的落地速度v与水平地面夹角，则有解得t=1.0s故选C。8. 一质量m=60kg的运动员从下蹲状态竖直向上跳起，经t=0.2s以大小v=1m/s的速度离开地面，重力加速度g=10。在这0.2s内（ ）A. 地面对运动员的冲量大小为180NsB. 地面对运动员冲量大小为60NsC. 地面对运动员做的功为零D. 地面对运动员做的功为30J【答案】AC【解析】【分析】【详解】AB人的速度原来为零，起跳后变化v，以向上为正方向，由动量定理可得代入数据解得地面对人的冲量为A正确，B错误；CD人在跳起时，地面对人的支持力竖直
11、向上，在跳起过程中，在支持力方向上没有位移，故地面对运动员的支持力不做功，C正确，D错误。故选AC。【点睛】本题考查动量定理以及功的计算，要注意在应用动量定理时一定要注意冲量应是所有力的冲量，不要把重力漏掉，同时在列式时要注意明确各物理量的正负。9. 在处的波源P产生一列沿x轴负方向传播的简谐横波，在处的波源Q产生一列沿x轴正方向传播的简谐描波，时刻两波源开始振动，时两列简谐波的波形图分别如图中实线和虚线所示，下列说法正确的是（）A. 两波源的起振方向均沿y轴负方向B. 两列波的波速大小均为2m/sC. 再经过0.1s，平衡位置在处的质点位移为0.1mD. 再经过0.1s，平衡位置在处的质点位
12、移为0.3m【答案】BD【解析】【详解】A根据同侧法由图可知，两波源的起振方向均沿y轴正方向，故A错误；B由图可知，00.5s两列波的传播距离相等均为则两列波的波速大小均为故B正确；C由图可知，00.5s两列波均传播，则两列波的周期均为s=0.4s再经过0.1s，两列波平衡位置在处的质点均回到平衡位置，则位移为0，故C错误；D同C选项分析，再经过0.1s，两列波平衡位置在处的质点均位于波峰处，根据波的叠加可知，此时质点的位移为故D正确。故选BD。10. 如图，工人用传送带运送货物，传送带倾角30，顺时针匀速转动，把货物从底端A点运送到顶端B点，其速度随时间变化关系如图所示。已知货物质量为10k
13、g，重力加速度取10m/s2。则（ ）A. 传送带匀速转动的速度大小为1m/sB. 货物与传送带间的动摩擦因数为0.5C. 运送货物的整个过程中传送带多消耗的电能810JD. 运送货物的整个过程中摩擦力对货物做功15J【答案】AC【解析】【详解】A由图乙可知，物体在被传送带运送过程中，先做匀加速直线运动，加速到和传送带速度相同时，和传送带一起做匀速直线运动，故可知传送带匀速转动的速度大小为1m/s，故A正确；B图像的斜率表示加速度，由图乙可知，加速度阶段物体的加速度为由牛顿第二定律有解得故B错误；C内物块和传送带发生相对滑动，设物块的位移为，传送带的位移为，相对位移为，则有因摩擦而产生的热量为
14、由图乙可得传送带的长度为则可得运送货物的整个过程中传送带多消耗的电能为故C正确；D运送物体的整个过程中，摩擦力对物体做功可分为两个阶段，第一阶段为滑动摩擦力做功，第二阶段为静摩擦力做功，则可得摩擦力对物块做的功为故D错误故选AC。二、非选择题：本题共5小题，共60分。11. 用如图所示的实验装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F与质量m、角速度和半径r之间的关系，转动手柄使长槽和短槽分别随塔轮匀速转动，槽内的球就做匀速圆周运动。横臂的挡板对球的压力提供了向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力套筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值。实验用球分为钢球和铝球，请回答相关问题：（1）在某次实验中，某同学把两个质量相等的钢球放在A、C位置，A、C到塔轮中心距离相等，将皮带处于左、右塔轮的半径不等的层上。转动手柄，观察左右标尺的刻度，此时可研究向心力的大小与_的关系。A. 质量mB. 半径rC. 角速度（2）在（1）的实验中，某同学匀速转动手柄时，左边标尺露出1个格，右边标尺露出4个格，则皮带连摆的左、右塔轮半径之比为_。其他条件不变，若增大手柄转动的速度，则左、右两标尺的示数_，两标尺示数的比值_（均选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】（1）C （2） . 2:1 . 变大 . 不变【解析】【小问1详解】依题意
