《专题11 共点力的平衡问题（教师版）新高一物理多维度导学与分层专练》由会员分享，可在线阅读，更多相关《专题11 共点力的平衡问题（教师版）新高一物理多维度导学与分层专练（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、高一物理多维度导学与分层专练专题11 共点力的平衡问题导练目标导练内容目标1整体法和隔离法在平衡问题中的应用目标2平衡中的临界和极值问题目标3解析法在动态平衡问题中的应用目标4图解法在动态平衡问题中的应用目标5相似三角形法在动态平衡问题中的应用目标6拉密定理在动态平衡问题中的应用【知识导学与典例导练】一、 整体法和隔离法在平衡问题中的应用整体法和隔离法应用十六字原则：外整内分，力少优先，交替使用，相互辅助。【例1】如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A与光滑的小球B放置在水平面与粗糙的竖直墙壁之间，斜劈A的一个底面与墙壁接触，其斜面紧靠小球B。水平向右指向球心的力F作用在B上，系统处于静止状态。
2、当F减小时，系统仍保持静止。则下列说法正确的是（）A墙面对斜劈A的摩擦力可能增大B斜劈A对竖直墙壁的压力可能增大C斜劈A所受合力减小D小球B对地面的压力一定不变【答案】A【详解】C当F减小时，系统仍保持静止，所以斜劈A所受合力仍为零，故C错误；B以整体为研究对象，受力分析如图1所示，在水平方向上根据平衡条件可知斜劈A受到竖直墙壁的支持力FN与F始终大小相等，则斜劈A对竖直墙壁的压力减小，故B错误；D对B受力分析如图2所示，根据平衡条件，在水平方向有在竖直方向有根据以上两式可知，因为F减小，所以减小，则N减小，小球B对地面的压力减小，故D错误；A对A受力分析如图3所示，假设开始时A所受摩擦力竖直
3、向上，则根据平衡条件有由于减小，所以增大，故A正确。故选A。二、 平衡中的临界和极值问题临界问题是指当某物理量变化时，会引起其他几个物理量的变化，从而使物体所处的平衡状态“恰好出现”或“恰好不出现”，在问题的描述中常用“刚好”“刚能”“恰好”等语言叙述；极值问题是指在力的变化过程中的最大值和最小值问题。1.数学分析法：根据物体的平衡条件列方程，在解方程时利用数学知识求极值。通常用到的数学知识有二次函数求极值、讨论公式求极值、三角函数求极值以及几何法求极值等。【例2】如图所示，水平地面上物块A、B叠放在一起，某时刻两物块同时获得水平向右的大小为4m/s的初速度。此时在物块B上施加一斜向上的恒力F
4、，使两物块一起向右做匀加速直线运动，经过3s的时间运动了21m，已知物块A的质量为0.5kg、物块B的质量为1.0kg。物块B与地面之间的动摩擦因数为0.4，g取10。求：（1）物块A、B之间的动摩擦因数至少为多大；（2）拉力F的最小值（结果可用根式表示）。【答案】（1）0.2；（2）【详解】（1）A、B一起做匀速直线运动，则有解得物块A、B之间的动摩擦因数取最小值时，对物块A有解得（2）对物块A、B整体进行受力分析，设F与水平面的夹角为，由牛顿第二定律得解得令解得当时有最小值，即2.物理分析法：根据平衡条件作出力的矢量图，若只受三个力，则这三个力能构成封闭矢量三角形，然后根据矢量图进行动态分
5、析，确定最大值和最小值。【例3】如图所示，一个重为5N的大砝码，用细线悬 挂在O点，现在用力F拉砝码，使悬线偏离竖直方向30时处于静止状态，此时所用拉力F的最小值为（）A8.65NB5.0NC4.3ND2.5N【答案】D【详解】以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力F与细线垂直时最小，如图所示：根据平衡条件得F的最小值为，故选项D正确，ABC错误三、 解析法在动态平衡问题中的应用方法：对研究对象进行受力分析，先画出受力示意图，再根据物体的平衡条件，得到因变量与自变量的关系表达式(通常要用到三角函数)，最后根据自变量的变化确定因变量的变化。【例4】一圆筒内壁粗糙，底端放一个质量为m的物体（可视
6、为质点），该物体与圆筒内壁间的动摩擦因数为,圆筒由静止沿逆时针方向缓慢转动直到物体恰好滑动，此时物体、圆心的连线与竖直方向的夹角为，如图所示，以下说法正确的是（）A在缓慢转动过程中物体受到的支持力逐渐增大B在缓慢转动过程中物体受到的静摩擦力逐渐减小C物体恰好滑动时夹角与的关系为D缓慢转动过程中，圆筒对物体的作用力逐渐增大【答案】C【详解】AB对物体受力分析如图所示，正交分解，根据平衡条件列出方程；随着的增大，减小，增大，选项AB错误；C当物块恰好滑动时得选项C正确；D缓慢转动过程中，圆筒对物体的作用力与重力等大反向，始终不变，D错误。故选C。四、 图解法在动态平衡问题中的应用1.特点：物体受三
7、个共点力，有一个力是恒力、另有一个力方向不变的问题。2.方法：【例5】如图所示，固定有光滑竖直杆的三角形斜劈放置在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行。现给小滑块施加一个竖直向上的拉力F，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则（）A小球对斜劈的压力先减小后增大B竖直向上的拉力F先增大后减小C斜劈对地面的压力逐渐减小D地面对斜劈的摩擦力逐渐减少【答案】C【详解】A对小球受力分析，受重力、斜劈支持力N和细线的拉力T，作出N和T的合力矢量图，如图所示N和T的合力不变，由矢量图可以看出，在T逐渐向竖直方向靠近时，细线的拉力T增加，斜劈
8、支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜劈的压力也减小，故A错误；B对球和滑块整体分析，受重力、斜劈支持力N，杆的支持力N，拉力F，如图所示根据平衡条件，水平方向有N=Nsin竖直方向F+Ncos=G由于N减小，故N减小，F增加，即竖直向上的拉力F逐渐增大，B错误；CD以小球、滑块和斜劈为整体，进行受力分析，在竖直方向，根据平衡条件有由于F增大，则FN减小；根据牛顿第三定律可知斜劈对地面的压力减小；整体在水平方向不受力，故地面对斜劈的摩擦力始终为零，保持不变，故C正确，D错误。故选C。五、 相似三角形法在动态平衡问题中的应用1.特点：在三力平衡问题中，如果有一个力是恒力，另外两个力方向都变化，且
9、题目给出了空间几何关系。2.方法：对物体在某个位置作受力分析；以两个变力为邻边，利用平行四边形定则，作平行四边形；找出相似的力的矢量三角形和空间几何三角形；利用相似三角形对应边的比例关系确定力的变化。【例6】如图所示，一斜面固定在水平面上，一半球形滑块固定在斜面上，球心O的正上方有一定滑轮A（视为质点），细线的一端与一质量分布均匀的光滑圆球B连接，另一端绕过滑轮A在水平向右的拉力F作用下使圆球B保持静止。改变拉力F的大小，使圆球B从两球心等高的位置缓慢移动到圆球B的球心正好在O点的正上方（不考虑该位置的情况）。圆球B不会与定滑轮A接触，则下列说法正确的是（）A拉力F一直增大B拉力F先增大后减小
10、C半球形滑块对圆球B的支持力先增大后减小D半球形滑块对圆球B的支持力大小保持不变【答案】D【详解】对小球受力分析，并合成三角形如图根据几何关系可知图中力构成的矢量三角形与阴影部分的三角形相似，则移动过程中，高度和两球的球心距不变，所以半球形滑块对圆球B的支持力大小保持不变，绳子长度变短，减小，ABC错误，D正确。故选D。六、 拉密定理在动态平衡问题中的应用1.特点：物体受三个共点力，这三个力其中一个力为恒力，另外两个力都变化，且变化两个力的夹角不变。2.拉密定理： 【例7】如图所示，V型光滑挡板AOB之间放置有一质量均匀的球体，初始时系统处于静止状态，现将整个装置以O点为轴顺时针缓慢转动（AO
11、B保持不变），在AO由水平转动90到竖直的过程中，下列说法正确的是（）A挡板AO的弹力逐渐增大B挡板AO的弹力先增大后减小C挡板BO的弹力逐渐增减小D挡板BO的弹力先增大后减小【答案】B【详解】ABV型光滑挡板转动过程中，对小球受力分析，各个力的夹角如图所示由拉密定理可得因为整个装置以O点为轴顺时针缓慢转动（AOB保持不变），故保持不变，在AO由水平转动90到竖直的过程中，从锐角增大到钝角，先增大后减小，故挡板AO的弹力先增大后减小，A错误，B正确；CD从180减小到90，一直增大，故挡板BO的弹力一直增大，CD错误。故选B。【多维度分层专练】1如图所示，四分之一圆柱体放在水平地面上，右侧与一
12、块固定的竖直挡板Q接触。球心O的正上方有一个大小可忽略的定滑轮A，一根轻绳跨过定滑轮，一端和置于圆柱体上的小球m连接，另一端系在固定竖直杆上的B点。现将一重物M用轻质挂钩挂在AB间的轻绳上，整个装置处于静止状态。不计一切摩擦，则（）A若绳子B端固定，将M竖直向下缓慢移动一小段距离，绳子的拉力变大B若绳子B端固定，将M竖直向下缓慢移动一小段距离，P对Q的压力不变C将轻绳B端沿杆向上缓慢移动一小段距离，绳子的拉力变大D将轻绳B端沿杆向上慢移动一小段距离，P对地面的压力不变【答案】D【详解】A对挂钩与轻绳的结点受力分析，若绳子B端固定，将M竖直向下缓慢移动一小段距离，结点两侧轻绳夹角变小，当M向下的
13、拉力不变的情况下，根据三角形定则可知绳子的拉力变小，故A错误；B对小球m和四分之一圆柱体P整体受力分析，如下图根据平衡。可得将M竖直向下缓慢移动一小段距离的过程中，T变小，变大，则F弹变小，根据牛顿第三定律可知，P对Q的压力变小，故B错误；CD轻绳B端向上缓慢移动一小段距离，根据受力分析可知小球m没有发生位移，因此AMB变成了晾衣架问题，绳长不会变化，A到右边竖直杆的距离不变，因此轻绳角度不会发生变化，即轻绳的拉力也不会变化，此过程中，小球m位置也没有发生变化，则P对地面的压力不变，故C错误，D正确。故选D。2如图所示，光滑的三角形框架OAB竖直固定在墙上，夹角为30，两个相同的金属小环C、D
14、分别套在OA、OB上，环C和D用长为L的轻绳连结，初始时C环在水平外力控制下静止，C、D状态如图，OC=L，OA、OB很长，现使C环缓慢向左移动，则下列说法错误的是（）AC受支持力一直增大B绳拉力一直增大CD受杆的弹力先减小后增大DC移动的距离可能为1.1L【答案】D【详解】BC对D单独进行受力分析可知，D受到重力，绳子的拉力以及杆子的弹力。在C环缓慢向左移动的过程中，C受到的重力不变，杆子给的弹力的方向垂直于杆，如图所示，题意可知三个力处于平衡状态。可知其中绳子的拉力F1由竖直向上偏右，慢慢变为竖直向上偏左，一直增大。杆子给的弹力先减小为0，然后再增大，方向由竖直向上偏左，减为0，然后竖直向
15、下偏右。BC正确；D图中可知拉力F1的方向不可能到垂直于杆。垂直于杆时，有初始时，OC为L，故运动距离小于L，D错误；A对C、D整体进行受力分析，受重力，杆子的弹力，外力。在竖直方向上，重力与C，D受到的弹力竖直方向分力平衡。C受到的弹力竖直向上，由上面分析可知，D受到的杆子弹力竖直分力先向上，慢慢减小，然后竖直分力向下，慢慢增大。所以C受到的弹力一直增大。A正确；故选D。3如图所示，将质量为m的小球用橡皮筋悬挂在竖直墙的O点，小球静止在Q点，P为O点正下方一点，OP间的距离等于橡皮筋原长，在P点固定一光滑圆环，橡皮筋穿过圆环。现对小球施加一个外力F，使小球沿以PQ为直径的圆弧缓慢向上运动，不计一切阻力，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A小球在Q向P运动的过程中外力F先变小后变大B小球在Q向P运动的过程中外力F先
