《2019高考生物一轮总复习 第一单元 遗传的基本规律 第2讲 基因的自由组合定律课件 新人教版必修2.ppt》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019高考生物一轮总复习 第一单元 遗传的基本规律 第2讲 基因的自由组合定律课件 新人教版必修2.ppt（62页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第一单元遗传的基本规律第一单元遗传的基本规律必 修 二第二讲基因的自由组合定律第二讲基因的自由组合定律考纲要求考纲要求全国卷五年考题全国卷五年考题考点命题考点命题1.基因的自由组成基因的自由组成定律定律2孟德尔遗传实孟德尔遗传实验的科学方法验的科学方法2017卷卷T62016卷卷 T322016卷卷 T322016卷卷 T62016卷卷 T62014卷卷 T322013卷卷 T312013卷卷 T32应用自由组合定律分析应用自由组合定律分析和解决问题一直是高考和解决问题一直是高考的重点，多以非选择题的重点，多以非选择题的形成考查。的形成考查。1 1考考点点一一2 2考考点点二二3 3考考点点三
2、三4 4课课 末末 总总 结结1自由组合现象的解释及自由组合现象的解释及“假说假说演绎演绎”过程过程考点一两对相对性状的遗传实验分析及自由组合定律考点一两对相对性状的遗传实验分析及自由组合定律2自由组合定律自由组合定律自自由由组组合合定定律律 非同源染色体非同源染色体非等位基因非等位基因非同源染色体非同源染色体判断下列说法的正误。判断下列说法的正误。(1)在在孟孟德德尔尔两两对对相相对对性性状状杂杂交交实实验验中中，若若将将F2中中的的黄黄色色皱皱粒粒豌豌豆豆自自交交，其其子代中表现为绿色皱粒的个体为子代中表现为绿色皱粒的个体为1/6。()(2)两对相对性状的纯合亲本杂交，两对相对性状的纯合亲
3、本杂交，F2重组类型占重组类型占6/16。()(3)在在减减数数分分裂裂过过程程中中，在在等等位位基基因因分分离离的的同同时时，非非等等位位基基因因自自由由组组合合。() (4)基基因因型型为为AaBbDdEeGgHhKk的的个个体体自自交交，假假定定这这7对对等等位位基基因因自自由由组组合合，则则7对对等等位位基基因因纯纯合合个个体体出出现现的的概概率率与与7对对等等位位基基因因杂杂合合个个体体出出现现的的概概率率不不同同。 ()(5)非等位基因之间自由组合，不存在相互作用。非等位基因之间自由组合，不存在相互作用。 ()(6)运用统计学的方法分析结果是孟德尔获得成功的原因之一。运用统计学的方
4、法分析结果是孟德尔获得成功的原因之一。()(7)基基因因型型为为AaBBccDD的的二二倍倍体体生生物物，可可产产生生不不同同基基因因型型的的配配子子种种类类数数是是8。()(8)基基因因型型为为AaBb的的植植株株自自交交，得得到到的的后后代代中中表表现现型型与与亲亲本本不不相相同同的的概概率率为为9/16。() 1在在该该实实验验中中，孟孟德德尔尔为为什什么么要要用用正正交交和和反反交交进进行行实实验验？正正交交和和反反交交的的结结果果一一致致说说明明什什么么？若若从从F2中中收收获获了了绿绿色色皱皱粒粒豌豌豆豆3 000粒粒，按按理理论论计计算算，同同时时收收获黄色圆粒豌豆多少粒？纯合的
5、黄色圆粒豌豆多少粒？获黄色圆粒豌豆多少粒？纯合的黄色圆粒豌豆多少粒？ 提提示示 用用正正交交和和反反交交实实验验是是为为了了证证明明性性状状的的遗遗传传是是否否和和母母本本有有关关(排排除除细细胞胞质遗传质遗传)，结果证明后代的性状与哪个亲本作母本无关。，结果证明后代的性状与哪个亲本作母本无关。27 000粒，粒，3 000粒。粒。2如如图图表表示示基基因因在在染染色色体体上上的的分分布布情情况况，其其中中哪哪组组不不遵遵循循基基因因自自由由组组合合定定律？为什么？律？为什么？ 提提示示 只只有有位位于于非非同同源源染染色色体体上上的的非非等等位位基基因因之之间间，其其遗遗传传时时才才遵遵循循
6、自自由组合定律，由组合定律，Aa与与Dd位于同一对染色体上，不遵循该定律。位于同一对染色体上，不遵循该定律。(3)F1的配子分析的配子分析F1在在产产生生配配子子时时，每每对对等等位位基基因因彼彼此此分分离离，不不同同对对的的等等位位基基因因自自由由组组合合，F1产生的雌、雄配子各产生的雌、雄配子各4种：种：YR Yr yR yr1 1 1 1，图解如下：，图解如下：2基因的自由组合定律的实质及细胞学基础基因的自由组合定律的实质及细胞学基础(1)实实质质：在在进进行行减减数数分分裂裂的的过过程程中中，同同源源染染色色体体上上的的等等位位基基因因彼彼此此分分离离，非同源染色体上的非等位基因自由组
7、合。非同源染色体上的非等位基因自由组合。(2)适用条件适用条件有性生殖的真核生物。有性生殖的真核生物。细胞核内染色体上的基因。细胞核内染色体上的基因。两对或两对以上位于非同源染色体上的非等位基因。两对或两对以上位于非同源染色体上的非等位基因。(3)细胞学基础：减数分裂中，非同源染色体的自由组合。细胞学基础：减数分裂中，非同源染色体的自由组合。 高考警示高考警示 (1)明确重组类型的含义明确重组类型的含义重重组组类类型型是是指指F2中中与与亲亲本本表表现现型型不不同同的的个个体体，而而不不是是基基因因型型与与亲亲本本不不同同的的个体。个体。(2)含两对相对性状的纯合亲本杂交，含两对相对性状的纯合
8、亲本杂交，F2中重组性状所占比例并不都是中重组性状所占比例并不都是6/16当亲本基因型为当亲本基因型为YYRR和和yyrr时，时，F2中重组性状所占比例是中重组性状所占比例是6/16。当当亲亲本本基基因因型型为为YYrr和和yyRR时时，F2中中重重组组性性状状所所占占比比例例是是1/16/169/ 9/1610/16。不要机械地认为只有一种亲本组合方式，重组性状只能是不要机械地认为只有一种亲本组合方式，重组性状只能是6/16。(3)n对等位基因对等位基因(完全显性完全显性)位于位于n对同源染色体上的遗传规律对同源染色体上的遗传规律相对相对性状性状对数对数等位等位基因基因对数对数F1配子配子F
9、2基因型基因型F2表现型表现型种类种类比例比例F1配子配子可能组可能组合数合数种种类类比例比例种类种类比例比例112114(22)3121231222211114232(121)222(31)23323111111114333(121)323(31)3 nn2n111114n3n(121)n2n(31)nB 例例 1A、都是皱粒都是皱粒B、都是黄色都是黄色C的基因型与的基因型与P2相同相同D和和的表现型都是黄色皱粒的表现型都是黄色皱粒 解解析析 根根据据孟孟德德尔尔两两对对相相对对性性状状的的豌豌豆豆杂杂交交实实验验，图图中中雌雌雄雄配配子子随随机机结结合合，、的的表表现现型型分分别别是是黄黄
10、色色皱皱粒粒、黄黄色色皱皱粒粒、黄黄色色皱皱粒粒、绿绿色色皱皱粒粒；P2为纯种绿色皱粒豌豆，其基因型为为纯种绿色皱粒豌豆，其基因型为yyrr，与图中，与图中的基因型相同。的基因型相同。(1)对对9 3 3 1的理解：的理解：9指的是指的是F2中中A_B_个体，具体包括个体，具体包括4AaBb 2AABb 2AaBB 1AABB；3指的是指的是F2中中aaB_个体，具有包括个体，具有包括2aaBb 1aaBB；3指的是指的是F2中中A_bb个体，具体包括个体，具体包括2Aabb 1AAbb；1指的是指的是F2中中aabb个体。个体。在涉及在涉及9 3 3 1的试题中，可尝试用分数解题。的试题中，
11、可尝试用分数解题。技巧点拨技巧点拨 (2)基因的自由组合定律的验证方法：基因的自由组合定律的验证方法：验证方法验证方法结论结论自交法自交法若若F1自交后代的分离比为自交后代的分离比为9331，则符合基因的自由组合定，则符合基因的自由组合定律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制测交法测交法若测交后代的性状比例为若测交后代的性状比例为1111，则由位于两对同源染色体，则由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制上的两对等位基因控制花粉鉴定法花粉鉴定法花粉有四种表现型，比例为花粉有四种表现型，比例为1111，则符合自由组合定律，则符合自由组合定律单倍体
12、单倍体育种法育种法取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株性状有取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株性状有四种表现型，比例为四种表现型，比例为1111，则符合自由组合定律，则符合自由组合定律 解解析析 AaBb自自交交后后代代3种种基基因因型型的的比比例例为为1 2 1，显显然然不不是是自自由由组组合合的的比比例例(即即9 3 3 1)，由由F1中中AAbb个个体体，推推知知其其配配子子来来源源是是两两个个Ab；同同理理，aaBB的的配配子子来来源源是是两两个个aB，两两种种配配子子形形成成AaBb的的后后代代份份数数符符合合2份份，所所以以判判定定A、b基基因位于一条染色
13、体上，因位于一条染色体上，a、B基因位于其同源染色体上。基因位于其同源染色体上。变式训练变式训练 D D 1利用利用“拆分法拆分法”解决自由组合计算问题解决自由组合计算问题(1)思路思路将将多多对对等等位位基基因因的的自自由由组组合合分分解解为为若若干干分分离离定定律律分分别别分分析析，再再运运用用乘乘法法原原理进行组合。理进行组合。考点二自由组合定律的解题思路与方法考点二自由组合定律的解题思路与方法(2)方法方法题型分类题型分类解题规律解题规律示例示例种种类类问问题题配子类型配子类型(配子种类数配子种类数)2n(n为等位基因对数为等位基因对数)AaBbCCDd产生配子种产生配子种类数为类数为
14、238配子间结配子间结合方式合方式配子间结合方式种类数等于配配子间结合方式种类数等于配子种类数的乘积子种类数的乘积AABbCcaaBbCC配子配子间结合方式种类数间结合方式种类数428子代基因型子代基因型(或表现型或表现型)种类种类双亲杂交双亲杂交(已知双亲基因型已知双亲基因型)，子代基因型子代基因型(或表现型或表现型)等于各等于各性状按分离定律所求基因型性状按分离定律所求基因型(或表现型或表现型)的乘积的乘积AaBbCcAabbcc，基因，基因型为型为32212种，表种，表现型为现型为2228种种题型分类题型分类解题规律解题规律示例示例概概率率问问题题基因型基因型(或表或表现型现型)的比例的
15、比例按分离定律求出相应基因型按分离定律求出相应基因型(或或表现型表现型)，然后利用乘法原理进，然后利用乘法原理进行组合行组合AABbDdaaBbdd，F1中中AaBbDd所占的比例所占的比例为为11/2 /21/ 1/21/4纯合子或杂合纯合子或杂合子出现的比例子出现的比例按分离定律求出纯合子的概率按分离定律求出纯合子的概率的乘积为纯合子出现的比例，的乘积为纯合子出现的比例，杂合子概率杂合子概率1纯合子概率纯合子概率AABbDdAaBBdd杂交，杂交，AABBdd所占比例为所占比例为1/2 /21/ 1/21/2 /21/ 1/82“逆向组合法逆向组合法”推断亲本基因型推断亲本基因型(1)方方
16、法法：将将自自由由组组合合定定律律的的性性状状分分离离比比拆拆分分成成分分离离定定律律的的分分离离比比分分别别分分析析，再运用乘法原理进行逆向组合。再运用乘法原理进行逆向组合。(2)题型示例题型示例9 3 3 1(3 1)(3 1)(AaAa)(BbBb)；1 1 1 1(1 1)(1 1)(Aaaa)(Bbbb)；3 3 1 1(3 1)(1 1)(AaAa)(Bbbb)或或(Aaaa)(BbBb)；3 1(3 1)1(AaAa)(BB_ _)或或(AaAa)(bbbb)或或(AA_ _) (BbBb)或或(aaaa)(BbBb)。C 例例 2自由组合定律常用解题技巧自由组合定律常用解题技巧
17、(1)根根据据后后代代分分离离比比解解题题。在在基基因因的的分分离离定定律律中中，不不同同基基因因型型之之间间交交配配，后后代代在在性性状状上上往往往往有有一一些些规规律律性性的的分分离离比比。如如杂杂种种F1(一一对对杂杂合合基基因因，有有显显隐隐性性关关系系)自自交交，后后代代分分离离比比为为3 1，测测交交后后代代分分离离比比是是1 1，亲亲本本之之一一为为显显性性纯纯合合子子，其其后后代代只只有有显显性性性性状状的的个个体体。利利用用这这些些规规律律性性的的分分离离比比是是解解自自由由组组合合题题目目的的技技巧之一。巧之一。技巧点拨技巧点拨 (2)运运用用隐隐性性纯纯合合突突破破法法解
18、解题题。隐隐性性性性状状的的个个体体可可直直接接写写出出其其基基因因型型，显显性性性性状状可可写写出出部部分分基基因因型型，再再结结合合减减数数分分裂裂产产生生配配子子和和受受精精作作用用的的相相关关知知识识，能能够推出亲代的基因型。够推出亲代的基因型。(3)运运用用综综合合分分析析法法解解题题。如如已已知知一一个个亲亲本本的的基基因因型型为为BbCc，另另一一个个为为bbC_。后后代代中中四四种种表表现现型型个个体体比比近近似似于于3 1 3 1，即即总总份份数数为为8。根根据据受受精精作作用用中中雌雌雄雄配配子子结结合合规规律律可可断断定定一一个个亲亲本本可可产产生生两两种种配配子子，另另
19、一一个个亲亲本本能能产产生生四四种种配子，雌雄配子随机结合的可能性有配子，雌雄配子随机结合的可能性有8种，可推知另一个体基因型为种，可推知另一个体基因型为bbCc。变式训练变式训练 B C 解解析析 非非同同源源染染色色体体上上的的两两对对等等位位基基因因才才遵遵循循基基因因的的自自由由组组合合定定律律，而而同同源源染染色色体体上上的的不不遵遵循循，A错错误误。自自由由组组合合定定律律的的实实质质是是F1产产生生的的雌雌、雄雄配配子子时时非非等等位位基基因因之之间间的的自自由由组组合合，而而不不是是雌雌雄雄配配子子间间，B错错误误。子子代代性性状状分分离离比比为为1111的的亲亲本本基基因因型
20、型可可以以是是Aabb和和aaBb，C正正确确。孟孟德德尔尔两两对对相相对对性性状状的的杂杂交交实验中，实验中，F1产生产生4种比例为种比例为1111的配子，而不是的配子，而不是4个，个，D错误。错误。1分分离离比比为为9 3 3 1是是独独立立遗遗传传的的两两对对相相对对性性状状自自由由组组合合时时出出现现的的表表现现型型比比例例，题题干干中中如如果果出出现现附附加加条条件件，则则可可能能出出现现9 3 4、9 6 1、15 1、9 7等等一一系系列的特殊分离比。列的特殊分离比。现在对自由组合定律的现在对自由组合定律的9 3 3 1变式总结如下：变式总结如下：考点三自由组合定律中的特殊分离比
21、成因考点三自由组合定律中的特殊分离比成因C 例例 3 解解析析 由由题题中中信信息息可可知知，黄黄色色植植株株的的基基因因型型为为A_bb, 白白色色植植株株的的基基因因型型为为_ _B_或或aabb。F1的的基基因因型型为为AaBb，表表现现型型为为白白色色。F2中中白白色色 黄黄色色(931) 313 3，F2中白色个体的基因型有中白色个体的基因型有7种。种。利用利用“合并同类项合并同类项”妙解特殊分离比妙解特殊分离比(1)看看后后代代可可能能的的配配子子组组合合种种类类，若若组组合合方方式式是是16种种，不不管管以以什什么么样样的的比比例例呈现，都符合基因的自由组合定律。呈现，都符合基因
22、的自由组合定律。(2)写出正常的分离比写出正常的分离比9 3 3 1。(3)对对照照题题中中所所给给信信息息进进行行归归类类，若若分分离离比比为为9 7，则则为为9 (3 3 1)，即即7是是后后三三种种合合并并的的结结果果；若若分分离离比比为为9 6 1，则则为为9 (3 3) 1；若若分分离离比比为为15 1，则则为为(9 3 3) 1。技巧点拨技巧点拨 A 例例 4 解解析析 由由于于F1的的绿绿色色无无纹纹雕雕鸮鸮彼彼此此交交配配时时，后后代代的的表表现现型型及及其其比比例例均均为为绿绿色色无无纹纹 黄黄色色无无纹纹 绿绿色色条条纹纹 黄黄色色条条纹纹6 3 2 1，将将两两对对性性状
23、状分分开开看看，绿绿色色 黄黄色色2 1，无无纹纹 条条纹纹3 1，可可以以确确定定绿绿色色和和无无纹纹为为显显性性性性状状且且控控制制绿绿色色的的基基因因纯纯合合致致死死。进进而而可可判判断断出出F1中中的的黄黄色色无无纹纹个个体体为为单单杂杂合合子子，测测交交后后代代比比例例应应为为黄黄色无纹色无纹 黄色条纹黄色条纹1 1。基因数量遗传及基因致死的异常分离比基因数量遗传及基因致死的异常分离比技巧点拨技巧点拨 类型类型特值原因特值原因自交后代比例自交后代比例测交后代比例测交后代比例显性基因在基因型显性基因在基因型中的个数影响性状中的个数影响性状表现表现(数量遗传数量遗传)AABB (AaBB
24、、AABb) (AaBb aaBB、AAbb) (Aabb、aaBb)：aabb1 4 6 4 1AaBb (Aabb、aaBb) aabb1 2 1显性纯合致死显性纯合致死(如如AA、BB致死致死)AaBb：Aabb：aaBb：aabb4：2：2：1，其余基因型个体致死，其余基因型个体致死AaBb Aabb：aaBb aabb1 1 1 1隐性纯合致死隐性纯合致死(自自交情况交情况)自交出现自交出现9 3 3(双隐性致死双隐性致死)，自交出现，自交出现9：1(单隐单隐性致死性致死)当当出出现现致致死死效效应应时时，应应首首先先将将异异常常的的性性状状分分离离比比与与正正常常的的性性状状分分离
25、离比比进进行行比比较较，以以确确定定致致死死效效应应的的类类型型。当当出出现现合合子子致致死死时时，先先不不考考虑虑致致死死效效应应，直直接接分分析析基基因因型型的的遗遗传传，最最后后将将致致死死的的合合子子去去掉掉即即可可；当当出出现现配配子子致致死死时时，则则在在分分析基因型时就要去掉致死的配子，然后推出后代的基因型及比例。析基因型时就要去掉致死的配子，然后推出后代的基因型及比例。变式训练变式训练 D 解解析析 本本题题考考查查基基因因自自由由组组合合定定律律的的应应用用，意意在在考考查查考考生生的的理理解解能能力力和和分分析析推推理理能能力力。由由F2中中有有灰灰兔兔、黑黑兔兔和和白白兔
26、兔，且且比比例例为为9 3 4，说说明明家家兔兔的的毛毛色色受受两两对对等等位位基基因因控控制制，A项项错错误误。F2灰灰兔兔中中能能稳稳定定遗遗传传的的个个体体占占1/9 /9，B B项项错错误误。假假设设控控制制家家兔兔毛毛色色的的基基因因为为A A、a a和和B B、b b，则则F F2 2灰灰兔兔基基因因型型有有4 4种种，AABB(AABB(占占1/ 1/9)、AABb(占占2/9)/9)、AaBB(AaBB(占占2/ 2/9)、AaBb(占占4/9)/9)，则则产产生生的的四四种种配配子子中中，ABAB占占1/ 1/92/9 /91/ 1/22/9 /91/ 1/24/9 /91/
27、 1/44/9 /9，AbAb2/ 2/91/2 /24/ 4/91/4 /42/ 2/9，aB2/9 /91/ 1/24/9 /91/ 1/42/9 /9，abab4/ 4/91/4 /41/ 1/9，C项项错错误误。F2白白兔兔的的基基因因型型为为aaBB(或或AAbb，占，占1/16)/16)、aaBb(aaBb(或或AabbAabb，占，占2/ 2/16)、aabb(占占1/16)，D项正确。项正确。D A由基因由基因A指导合成的酶，其发挥作用的场所最可能是液泡指导合成的酶，其发挥作用的场所最可能是液泡B亲本中白花植株的基因型为亲本中白花植株的基因型为aaBB，F1红花植株的基因型为红
28、花植株的基因型为AaBbCF2中中白白花花 紫紫花花 红红花花 粉粉红红花花的的比比例例为为4 3 6 3，F2中中自自交交后后代代不不会会发发生生性状分离的植株占性状分离的植株占3/8D若若研研究究人人员员用用两两种种不不同同花花色色的的植植株株杂杂交交，得得到到的的子子代代植植株株有有四四种种花花色色，则子代中新出现的两种花色及其比例为红色则子代中新出现的两种花色及其比例为红色 白色白色1 1 解解析析 据据题题意意，子子代代有有4种种花花色色，所所以以亲亲本本为为_aBb_aBb，又又因因为为亲亲本本花花色色不不同同，所所以以一一个个是是白白色色，一一个个是是红红色色，即即aaBbAaB
29、b，子子代代为为新新出出现现的的花花色色为紫色和粉红色，为紫色和粉红色，D错误。错误。课末总结课末总结 思维导图思维导图思维导图思维导图D 探究高考探究高考探究高考探究高考 明确考向明确考向明确考向明确考向 解解析析 由由题题可可以以直直接接看看出出F2中中毛毛色色表表现现出出了了黄黄 褐褐 黑黑52 3 9，F2为为523964份份，可可以以推推出出F1产产生生雌雌雄雄配配子子各各8种种，即即F1的的基基因因型型为为三三杂杂AaBbDd。A项项中中AABBDDaaBBddF1：AaBBDd，或或AAbbDDaabbdd F1：AabbDd，F1产产生生的的雌雌雄雄配配子子各各有有4种种，A项
30、项错错误误。B项项中中aaBBDD aabbddF1：aaBbDd，或或AAbbDDaaBBDDF1：AaBbDD，F1产产生生的的雌雌雄雄配配子子各各有有4种种，B项项错错误误。C项项中中aabbDDaabbddF1：aabbDd，F1产产生生的的雌雌雄雄配配子子各各有有2种种；AAbbDDaabbddF1：AabbDd，F1产产生生的的雌雌雄雄配配子子各各有有4种种，C项项错错误误。D项项中中AAbbDDaaBBddF1：AaBbDd，或或AABBDD aabbddF1：AaBbDd，F1产生的雌雄配子各有产生的雌雄配子各有8种，种，D项正确。项正确。 解解析析 棉棉花花植植株株甲甲(AA
31、BBcc)与与乙乙(aaBbCc)杂杂交交，F1中中至至少少含含有有一一个个显显性性基基因因A，长长度度最最短短为为628厘厘米米，含含有有显显性性基基因因最最多多的的基基因因型型是是AaBBCc，长长度为度为64214厘米。厘米。C 回答下列问题：回答下列问题：(1)果果皮皮有有毛毛和和无无毛毛这这对对相相对对性性状状中中的的显显性性性性状状为为_，果果肉肉黄黄色色和和白白色这对相对性状中的显性性状为色这对相对性状中的显性性状为_。(2)有有 毛毛 白白 肉肉 A、 无无 毛毛 黄黄 肉肉 B和和 无无 毛毛 黄黄 肉肉 C的的 基基 因因 型型 依依 次次 为为_。(3)若若 无无 毛毛
32、黄黄 肉肉 B自自 交交 ， 理理 论论 上上 ， 下下 一一 代代 的的 表表 现现 型型 及及 比比 例例 为为_。(4)若若 实实 验验 3中中 的的 子子 代代 自自 交交 ， 理理 论论 上上 ， 下下 一一 代代 的的 表表 现现 型型 及及 比比 例例 为为_。(5)实验实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有中得到的子代无毛黄肉的基因型有_。有毛有毛黄肉黄肉DDff、ddFf、ddFF无毛黄肉无毛黄肉 无毛白肉无毛白肉3 1有毛黄肉有毛黄肉 有毛白肉有毛白肉 无毛黄肉无毛黄肉 无毛白肉无毛白肉9 3 3 1ddFF、ddFf 解解析析 (1)实实验验1中中亲亲本本有有毛毛无无毛毛，
33、子子代代全全为为有有毛毛，所所以以有有毛毛对对无无毛毛为为显显性性，且且A、B的的相相应应基基因因型型分分别别为为DD和和dd。实实验验3中中亲亲本本白白肉肉黄黄肉肉，子子代代全全为为黄黄肉肉，所所以以黄黄肉肉对对白白肉肉为为显显性性，A的的相相应应基基因因型型为为ff，且且C的的相相应应基基因因型型为为FF。(2)实实验验1中中白白肉肉A(ff)黄黄肉肉B黄黄肉肉 白白肉肉1 1，说说明明B的的相相应应基基因因型型为为Ff，B、C均均无无毛毛，相相应应基基因因型型均均为为dd，所所以以A、B、C的的基基因因型型依依次次为为：DDff、ddFf、ddFF。(3)若若B(ddFf)自自交交，后后代代表表现现型型及及比比例例为为：无无毛毛黄黄肉肉 无无毛毛白白肉肉3 1。(4)实实验验3中中：DDff(A)ddFF(C)F1：DdFf；F1自自交交，则则F2：有有毛毛黄黄肉肉 有有毛毛白白肉肉 无无毛毛黄黄肉肉 无无毛毛白白肉肉9 3 3 1。(5)实实验验2中中：ddFf(B) ddFF(C)ddFF、ddFf。
