《湖北省荆门市钟祥一中2025届物理高二第一学期期末统考试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省荆门市钟祥一中2025届物理高二第一学期期末统考试题含解析（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省荆门市钟祥一中2025届物理高二第一学期期末统考试题注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、静电场中某点的电场强度 （ ）A.其方向跟电荷在该点所受的电场力的方向一致B.跟电荷在
2、该点所受的电场力的大小成正比C.跟放于该点的电荷的电量成反比D.跟放于该点的电荷的电量及所受电场力的大小无关2、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R。金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下。现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（）A.ab中的感应电流方向由b到aB.ab中的感应电流逐渐减小C.ab所受的安培力保持不变D.ab所受的静摩擦力逐渐减小3、关于下列实验及现象的说法，正确的是A.图甲说明薄板是非晶体B.图乙说明气体速率分布随温度变化而变化，且C.图丙说明气体压强的大小既与分子动能有关也与
3、分子的密集程度有关D.图丁说明水黾受到了浮力作用4、一台电动机，它的额定电压为，内阻为给这台电动机接上额定电压后，通过的电流为这时，它输出的机械功率为（ ）A.B.C.D.5、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（）A.ab中的感应电流方向由b到aB.ab中的感应电流逐渐减小C.ab所受的安培力保持不变D.ab所受的静摩擦力逐渐减小6、如图所示带正电的金属圆环竖直放置,其中心处有一电子,若电子某一时刻以初速度v0从圆环中心
4、处水平向右运动,则此后电子将( )A.做匀速直线运动B.做匀减速直线运动C.以圆心为平衡位置振动D.以上选项均不对二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、已知压敏电阻的受力面所受压力越小，其阻值越大，如图甲，将压敏电阻R平放在竖直升降电梯的轿厢内，受力面朝上，在其受力面放一质量为m物体，电梯静止时电压表示数为U0；某段时间内电压表示数随时间变化图线如图乙，则（ ）A.t1-t2时间内压敏电阻受力面所受压力恒定B.t1-t2时间内电容器处于充电状态C.t2之后电梯处于超重状
5、态D.t2之后电梯做匀变速运动8、如图所示，直线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，曲线是某一带电粒子通过电场区域时的运动轨迹，A、B是轨迹上两点。若带电粒子运动中只受静电力作用，根据此图可以作出的判断是（）A.带电粒子所带电荷的符号B.带电粒子在A、B两点的受力方向C.带电粒子在A、B两点的加速度何处大D.带电粒子在A、B两点的加速度方向9、嫦娥四号月球探测器于2018年12月12日成功到达预定环月轨道，并于2019年1月3日成功在月球背面预定着陆区实现软着陆，第一次为人类拨开了古老月背的神秘面纱。嫦娥四号月球探测器质量为m，其环月近地飞行可视为圆周运动已知月球质量为M，月球半径为R，月
6、球表面重力加速度为g0，引力常量为G，不考虑月球自转的影响，则嫦娥四号月球探测器环月飞行时的（）A.角速度B.线速度vC.运行周期T2D.向心加速度an10、所示的电路中，电源电动势为、内电阻为r（小于外电路的总电阻），当变阻器R的滑片位于中点时，A、B、C三个小灯泡均正常发光，且亮度相同，则（）A.三个小灯泡中，C灯电阻最大，B灯电阻最小B.当滑片P向左移动时，A、C两灯变亮，B灯变暗C.当滑片P向左移动时，B、C两灯变亮，A灯变暗D.当滑片P向左移动时，电源效率减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组的同学准备探究某
7、个灯泡的伏安特性曲线，所用器材如下：A待测电灯泡一只，额定电压为2.5V，额定功率为1.5W.B电压表：量程为300mV，内阻为300C电压表：量程为15V，内阻为6kD电流表：量程为0.6A，内阻约为0.1E电流表：量程为300mA，内阻约为1F滑动变阻器：最大阻值为200，最大电流为0.2AG滑动变阻器：最大阻值为10，最大电流为1AH定值电阻，阻值为2700I电动势为4.5V的直流电源一个，开关一个，导线若干（1）实验中电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器应选_（填写器材前的字母代号）（2）请在图1虚线框中画出该实验的电路图_（3）该小组的同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线，若将小
8、灯泡直接与电动势E=3.0V，内阻r=7.5的电源相连，则小灯泡的功率为_ W（结果均保留2位有效数字）12（12分）一量程为100 A的电流表，内阻为100，表盘刻度均匀，现串联一个4900的电阻将它改装成电压表，则该电压表的量程是_V。改装后用它来测量电压时，发现未标上新的刻度，表盘指针位置如图所示，此时电压表的读数大小为_V。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两相同平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨（电阻不计）所在的平面与水平面夹角=37，在导轨所在平面内分布着磁感应强度B=0.
9、50T、方向垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=3V、内阻r=0.50的直流电源。现把一个质量m=0.1kg的导体棒 ab垂直于金属导轨对称地放置其上，棒恰好静止（视滑动摩擦力等于最大静摩擦力）。已知棒与导轨接触点间的导体棒电阻R=1，重力加速度g取10m/s2.（sin37=0.6，cos37=0.8）(1)求导体棒受到安培力F的大小；(2)求导体棒与金属导轨间的动摩擦因数。14（16分）如图所示，线圈abcd的面积是0.05m2，共100匝，线圈电阻为1，外接电阻R=9，匀强磁场的磁感应强度为T，电路中电表为理想电表当线圈以角速度为10 rad/s绕垂直磁场的轴匀
10、速转动时，求：（1）线圈转动产生的电动势的最大值；（2）电路中交流电流表的示数；（3）线圈从图示位置转过90的过程中通过电阻R的电荷量。15（12分）水平面上有电阻不计的U形导轨NMPQ，两平行金属导轨间距l=0.5 m，M和P之间接入电动势为E=6 V、r=1 的电源，现垂直于导轨搁一根质量m=0.2 kg、电阻R0= 2，的金属棒ab，并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度为B=1T，方向与水平面夹角为=37且指向右斜上方，金属棒刚好能静止（g取10 m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8），如右图所示，求：(1)ab棒与轨道间的摩擦因数为多少？(2)若B的大小变为2T，方向
11、不变，棒的加速度为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反，故A错误；BCD电场中某点的电场强度由电场本身的性质决定，与放入电场中的电荷，以及电荷所受的电场力无关，故BC错误，D正确2、D【解析】A磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律和安培定则得，ab中的感应电流方向由a到b，故A错误；B由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，故B错误；C根据安培力公式知，电流不变，B均匀减小
12、，则安培力减小，故C错误；D安培力和静摩擦力为一对平衡力，安培力减小，则静摩擦力减小，故D正确。故选D。3、C【解析】A图甲说明薄板具有各向同性，多晶体和非晶体都具有各向同性，说明薄板可能是多晶体，也可能是非晶体，故A错误；B图乙看出温度越高，各速率区间的分子数占总分子数的百分比的最大值向速度大的方向迁移，可知T2T1故B错误；C如图丙可以说明，气体压强的大小既与分子动能有关，也与分子的密集程度有关，故C正确；D水黾停在水面上的原因是水黾受到了水的表面张力的作用，故D错误。故选C。4、A【解析】电动机输出功率：；A.，与结论相符，选项A正确；B.，与结论不相符，选项B错误；C.，与结论不相符，
13、选项C错误；D.，与结论不相符，选项D错误5、D【解析】A磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b，A错误；B由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，根据可知电阻R消耗的热功率不变，B错误；C根据安培力公式知，电流不变，B均匀减小，则安培力减小，C错误；D导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡，安培力减小，则静摩擦力减小，D正确6、C【解析】将圆环分成无数个正点电荷,再用点电荷场强公式和场强叠加原理求出v0方向所在直线上的场强分布即可.由场强叠加原理易知,把带电圆环视作由无数个点电荷组成,则圆环中心处的场强为0,v
14、0所在直线的无穷远处场强也为0,故沿v0方向从圆心到无穷远处的直线上必有一点场强最大.从O点沿v0方向向右的直线上各点的场强方向处处向右.再由对称性知,沿v0方向所在直线上的O点左方也必有一点场强最大,无穷远处场强为零,方向处处向左.故电子在带电圆环所施加的电场力作用下将向右减速至零,再向左运动,当运动到O点处时,速度大小仍为v0,并向左继续运动至速度也为零(这点与O点右方的速度为零处关于O点对称),然后往复运动.在整个运动过程中,F电是个变力,故加速度也是变化的，故C正确，ABD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全
15、部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由图压敏电阻上的电压不变，由欧姆定律知，其阻值不变；当电压增大时，压敏电阻以外的其余部分分担的电压减小，电路中的电流值将减小，所以电路中的电阻值增大，其余的部分电阻值不变，所以压敏电阻的电阻值增大在t1-t2时间内压敏电阻上的电压增大，压敏电阻的电阻值增大，知压敏电阻的受力面所受压力减小故A错误；由电路图可知，电容器两端的电压与电压表两端的电压是相等的，在t1-t2时间内电压表两端的电压增大，所以电容器两端的电压增大，则电容器处于充电状态故B正确；由图可知，t2之后电压表两端的电压大于开始时电压表两端的电压，所以压敏电阻的受力面所受压力小于开始时受到的压力，所以电梯处于失重状态故C错误；t2之后电压表两端的电压不变，则压敏电阻的受力面所受压力不变，由于小于开始时受到的压力，所以t2之后电梯做匀变速运动
