《湖北省宜昌市远安县第一高级中学2025届物理高二第一学期期中联考试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省宜昌市远安县第一高级中学2025届物理高二第一学期期中联考试题含解析（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省宜昌市远安县第一高级中学2025届物理高二第一学期期中联考试题请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，表示甲乙两运动物体相对同一原点的位移时间图象，下列说法正确的是（） A甲和乙都做匀变速直线运动B甲和乙运动的出发点相距x0C乙运动的速率小于甲运动的速率D乙比甲早出发t1时间2、如图所示的电路中
2、，灯L1发光，而灯L2，L3均不发光，理想电流表A1有示数，理想电流表A2无示数，假设只有一处出现故障，则故障可能是：（ ） A灯L1断路B灯L3断路C灯L2短路D灯L3短路3、如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的四个等势面，一个电子垂直经过等势面D时，动能为20eV，飞经等势面C时，电势能为10eV，飞至等势面B时速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离为5cm，则下列说法正确的是（）A等势面A的电势为10VB匀强电场的场强大小为200V/mC电子再次飞经D势面时，动能为10eVD电子的运动可能为匀变速曲线运动4、如图直导线通入垂直纸面向里的电流，在下列匀强磁场中，能静止在光滑斜面上的是
3、（ ）ABCD5、在某匀强电场中有M、N、P三点，在以它们为顶点的三角形中，M30、P90，直角边NP的长度为4 cm已知电场方向与三角形所在平面平行，M、N和P点的电势分别为3 V、15 V和12 V则电场强度的大小为()A150 V/mB75 V/mC225 V/mD75 V/m6、如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同当电压U升高时，先烧坏的电阻应是（ ）AR1和R2BR3和R4CR5D不能确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，闭合开关，当滑动变阻器的
4、滑片向左移动时 A小灯泡变亮B电源的总功率变小C电容器两板间的电场强度变小D电流表读数变小，电压表读数变大8、使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是_。A测量前，待测电阻应跟别的元件和电源断开B每一次换档，都要重新进行一次欧姆调零C红表笔的电势比黑表笔高D测量时，若指针偏转很小（靠近附近），应换倍率更小的挡进行测量E.用欧姆表的挡时，指针指在刻度2040的正中央，则被测电阻的阻值为3009、如右图所示，两个带电金属小球中心距离为r，所带电荷量相等为Q，则关于它们之间电荷的相互作用力大小F的说法正确的是( )A若是同种电荷，B若是异种电荷，C若是同种电荷，D不论是何种电荷，10、沿竖直升
5、降的电梯中，一轻弹簧下挂一小球，电梯静止时，弹簧伸长L，电梯运动时，弹簧伸长了L，由此分析电梯的运动情况可能是：A电梯可能加速上升B电梯可能加速下降C电梯的加速度大小为gD电梯必定在向下运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲所示，某组同学借用“探究a与F和m之间的定量关系”的相关实验思想、原理及操作，进行“研究合外力做功和动能变化瞬关系”的实验：为达到平衡阻力的目的，取下细绳及托盘；通过调整垫片的位置，改变长木板倾斜程度，根据打出的纸带判断小车是否做_运动连接细绳及托盘，放入砝码，通过实验得到图乙所示的纸带纸带上口为小车运
6、动起始时刻所打的点，选取时间间隔为0. 1s的相邻计数点A、B、C、D、E、F、G实验时小车所受拉力为0. 2N，小车的质量为0.2 kg.请计算小车所受合外力做的功W_和小车动能的变化_补填表中空格（结果保留至小数点后第四位）分析上述数据可知：在实验误差允许的范围内W，与理论推导结果一致实验前已测得托盘质量为7. 710 -3kg，实验时该组同学放入托盘中的砝码质量应为_kg（g取9.8 m/s2，结果保留至小数点后第三位）12（12分）如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5 V的小灯泡的IU特性曲线的实验电路图根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整_开关S闭合之前，图
7、甲中滑动变阻器的滑片应该置于_端（选填“A”、“B”或“AB中间”）实验中测得有关数据如下表：根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的IU特性曲线_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）已知如图，a、b、c、d四点在同一直线上b、c两点间的距离等于c、d两点间的距离在a点固定放置一个带电量为Q点电荷将另一个电荷量为q的点电荷从a、b 间的某一点由静止释放，它通过b、d两点时的动能依次为20eV和100eV，则它通过c点时的动能一定_60 eV（填大于、等于或小于）14（16分）如图所示，在直角坐标系xOy的第
8、一象限内有垂直于纸面向里的匀强磁场，第二象限有水平向左的匀强电场电场强度大小为E一质量为m、电量为q的带负电粒子从x轴上某处（图中未画出）沿轴正方向以一定初速度射入电场，并且从y轴正半轴上的A点以与y轴正方向夹角为=45的方向垂直磁场方向射入磁场，已知OA=l，不计粒子的重力，则(1)粒子进入电场时的位置坐标及初速度大小为多少？(2)磁感应强度大小为多少时粒子可以在第一次射出磁场时速度与x轴垂直？15（12分）电场中某区域的电场线如图所示， A、B是电场中的两点. 一个电荷量q = +4.010-8 C的点电荷在A点所受电场力FA=2.010-4 N，将该点电荷从A点移到B点，电场力做功W =
9、 8.010-7J . 求：（1）在图中画出电荷在A点受电场力的示意图；（2）A点电场强度的大小EA；（3）A、B两点间的电势差UAB。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】x-t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，即两物体都做匀速直线运动故A错误；由图可知乙从原点出发，甲从距原点x1处出发故两物体的出发点相距x1故B正确；直线的斜率等于速度的大小，由图可知，乙的速率大于甲的速率，故C错误；甲在t1=1时刻开始运动，而乙在t1时刻开始运动，故甲比乙早出发t1时间故D
10、错误故选B2、C【解析】根据电路中出现的现象分析电路出现的故障.【详解】灯L1发光，而灯L2，L3均不发光，说明整个电路是接通的；理想电流表A1有示数，理想电流表A2无示数，说明左边支路有电流而右边支路无电流，可能是灯L2短路，故选C.3、B【解析】A电子从D到B过程，动能减小20eV，且匀强电场，即等间距，则C点的动能为10eV，由于等势面C时，电势能为10eV，则知电子的电势能与动能的和等于0；由于飞经等势面C时，电势能为10eV，则C等势面的电势为10V；粒子经过等势面B时的动能等于0，则电势能也等于0，则B等势面的电势等于0，结合该匀强电场的特点可知，A等势面的电势为10V，故A错误；
11、B电子从B到D过程，根据动能定理得解得对于BD段电场强度为故B正确；C根据能量守恒可知，电子再次经过D等势面时，电势能不变，动能不变，其动能仍为20eV，故C错误；D根据电场线与等势面垂直可知，该电场是匀强电场，且电场力方向与速度方向在同一直线上，则电子做匀变速直线运动，故D错误。故选B。4、A【解析】A.要使导线能够静止在光滑的斜面上，则导线在磁场中受到的安培力必须是向上或斜向右上的，通过左手定则判断得出，A受到的安培力沿斜面向上，A正确；B. B受力沿斜面向下，没办法平衡，故B错误；C. 受到的安培力垂直于斜面向下，导线也不能在斜面上平衡，故C错误；D. 受到的安培力垂直于斜面向上，导线也
12、不能在斜面上平衡，故D错误5、A【解析】过P点作斜边MN的垂线交MN于O点，如图所示由几何知识可知N、O间的距离NO2 cm，M、O间的距离MO6 cm，由匀强电场的特点得O点的电势为 ，即O、P在同一等势面上，由电场线与等势面的关系和几何关系知：，故A正确综上所述本题答案是：A6、C【解析】试题分析：等效电路图如图所示设电阻都为R，则与的电压为，和并联之后的电阻为，所以和的电压为，的电压为，所以的电压最大，所以随着电压U升高时，先烧坏的电阻应是考点：考查了串并联电路规律的应用【名师点睛】本题的关键是画出等效电路图，在画等效电路图时，可以依据电势降落法画图，然后根据串并联电路的特点，判断哪个电
13、阻的电压最高，哪个电阻就先烧坏二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A滑动变阻器的滑片向左移动时，R阻值变大，则总电阻变大，总电流减小，即通过灯泡的电流减小，灯泡变暗，选项A错误；B电源的总功率P=IE，因I减小，则E变小，选项B正确；C总电流减小，则内阻和灯泡两端电压减小，则R两端电压变大，即电容器两端电压变大，则电容器C两板间的电场强度变大，选项C错误；D总电流减小，则电流表读数变小；R两端电压变大，则电压表读数变大，选项D正确。8、AB【解析】A因为用
14、欧姆档自带电源，所以测量前，待测电阻应跟别的元件和电源断开，选项A正确；B换挡后多用电表必须调零，选项B正确；C电流的方向是“红进黑出”，所以黑表笔电势高于红表笔，选项C错误；D测量时，若指针偏转很小（靠近附近），表明所选择的档位太小，导致示数偏大，所以应换倍率大一些的挡进行测量，选项D错误；E因为欧姆档的表盘刻度不均匀，所以指针指在刻度2040的正中央，电阻不是300，选项E错误。故选AB 。9、AB【解析】若是同种电荷，则出现相互排斥，导致电荷间距比r还大，因此库仑力Fk，故A正确，C错误；当是异种电荷时，电荷间相互吸引，导致电荷间距比r还小，因此库仑力Fk，故B正确，D错误；故选AB10、BC【解析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律胡克定律求出物体的加速度，从而得知电梯的加速度，确定电梯的运动情况【详解】当升降机静止时有：kL=mg，当升降机运动时，根据牛顿第二定律得，mg 0.8kLma，解得a= 0.2g，方向竖直向下，知电梯以大小为0.2g 的加速度减速上升，或以大小为0.2g 的加速度加速下降。故BC正确，AD错误。故选BC。【点睛】解决本题的关键知道物体与电梯具有共同的加速度，根据牛顿第二定律求出物体的加速度是本题的突破口三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答
