《陕西省韩城市苏山分校2025届高一物理第一学期期末检测模拟试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《陕西省韩城市苏山分校2025届高一物理第一学期期末检测模拟试题含解析（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、陕西省韩城市苏山分校2025届高一物理第一学期期末检测模拟试题考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，物块A放在水平地面上，通过跨过定滑轮的轻绳与物块B连接，图示时刻轻绳与水平方向成q，B 向下的速度为v，A的速度大小为（ ）A.vsinqB.v cosqC.
2、D.2、鸟能够飞起来的条件是空气对鸟的升力大于鸟的重力人们猜测空气对鸟的升力f 与鸟的翅膀面积s 和飞行速度v 有关关系式为f=𝑘𝑠𝑣2，则k 的单位是( )A.B.C.D.3、如图所示，质量为4kg的物体在动摩擦因数为0.5的水平面上向右运动，在运动过程中受到水平向左、大小为10N的拉力作用，则物体所受摩擦力为（g=10N/kg）A.10N，向右B.10N，向左C.20N，向右D.20N，向左4、如图所示，位于竖直平面内的圆周与水平面相切于M点，与竖直墙相切于点A，竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为60，C是圆环轨道的圆心已知在同一时刻
3、，甲、乙两球分别从A、B两点由静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点丙球由C点自由下落到M点则( )A.甲球最先到达M点B.乙球最先到达M点C.丙球最先到达M点D.三个球同时到达M点5、两质量均为m的木块A、B重叠在一起，静置于水平面上，水平恒力F作用在A上，两木块一起运动，加速度大小为a1，如图 (a) 所示现取走木块B，在木块A上施加一方向竖直向下的恒力F1，F1=mg（g为重力加速度）木块A仍在上述水平恒力F的作用下运动，加速度大小为a2，如图(b)所示下列关于a1和 a2的关系，正确的是A.B.C.D.6、两只电压表V1和V2是由完全相同的两个电流计改装成的，V1表的量程是5 V，V2表的
4、量程是15 V，把它们串联起来接入电路中，则 （ ）A.它们的示数相等，指针偏转角度也相等B.它们的示数之比为l:3，指针偏转角度相等C.它们的示数相等，指针偏转角度之比为1:3D.它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1:37、如图所示，一细线的一端固定于倾角为45的光滑楔形滑块A的顶端P处,细线的另一端拴一质量为m的小球，重力加速度为g当滑块以加速度a在水平面上做匀加速运动时，小球的受力情况和滑块A的加速度a的大小关系正确的是( )A.若绳对小球恰好没有拉力，则滑块A一定有向右的加速度，且a=gB.若绳对小球恰好没有拉力，则滑块A一定有向左的加速度，且a=gC.若滑块A向左以a=g做匀加速运
5、动时，绳对小球的拉力为D.若滑块A向左以a=g做匀加速运动时，绳对小球的拉力为8、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8 J，在M点的动能为6 J，不计空气的阻力，则下列判断正确的是()A.小球水平位移x1与x2的比值为13B.小球水平位移x1与x2的比值为14C.小球落到B点时的动能为32 JD.小球从A点运动到B点的过程中最小动能为6 J9、如图所示，轻质弹簧一端固定在地面上。一小球从某高处自由下落到弹簧上端，将弹簧压缩至最低点，弹簧始终呈竖直状态且在弹性限度内。小
6、球从开始下落至最低点的过程中，下列叙述正确的是A.小球刚接触弹簧时，速度最大B.小球的速度最大时，加速度为零C.小球处在最低点时，所受合外力向上D.小球接触弹簧以后，一直做减速运动10、停在水平地面上的小车内，用绳子AB、BC拴住一个重球，绳BC呈水平状态，绳AB的拉力为T1， 绳BC的拉力为T2若小车由静止开始加速向左运动，但重球相对小车的位置不发生变化，则两绳的拉力的变化情况是（ ）A.T1变大B.T1不变C.T2变小D.T2变大11、下列四个图象分别描写甲、乙、丙、丁四个物体的位移、速度、加速度和所受的合外力与时间的关系关于四个做直线运动物体的运动，下列说法正确的是（）A甲物体做匀加速直
7、线运动B.乙物体做匀速直线运动C.丙物体做匀减速直线运动D.丁物体做加速度大小先减小后增大的直线运动12、下列有关曲线运动的说法中，正确的是A.曲线运动的速度一定是变化的B.做曲线运动的物体受到的合外力可以为零C.曲线运动有可能加速度不变D.做曲线运动的物体所受的合外力一定是变化的二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）从高空落下的石块，受到的空气阻力与它的速度成正比，即，当下落速度为时，其加速度为，当它接近地面时做匀速运动，则石块落地时的速度为多大？16、（12分）如图所示，质量为M=
8、2.5kg的一只长方体形空铁箱在水平拉力F=135N作用下沿水平面向右匀加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数1=0.5。这时铁箱内一个质量为m=0.5kg的木块恰好能静止在后壁上木块与铁箱内壁同的动摩擦因数为2。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，求：（1）铁箱加速度a的大小；（2）木块与铁箱内壁间的动摩擦因数2；（3）若减小拉力F，木块沿铁箱左侧壁落到底部且不反弹，当木块到达底部时，箱的速度为v=20m/s时，此刻撤去拉力，又经1s时间木块到达右侧壁，则铁箱的长度是多少？17、（12分）在倾角=37的粗糙斜面上有一质量m=2kg的物块，受如图甲所示的水平方向恒力F的作用，t=0时
9、刻物块以某一速度从斜面上A点沿斜面下滑，在t=4s时滑到水平面上，此时撤去F，在这以后的一段时间内物块运动的速度随时间变化关系v-t图象如图乙所示，已知A点到斜面底端的距离x=18m，物块与各接触面之间的动摩擦因数相同，不考虑转角处机械能损失，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)物块在A点的速度；(2)水平恒力F的大小参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】当滑轮左侧的绳子与水平方向成角时，将A物体的速度vB进行分解如图所示，则有故选D。2、A【解析】将各组数据分别代入，分析方程左右两边单位是否
10、相同即可【详解】由题意，力的单位是，面积的单位是，速度的单位是，则：对应的单位：故A正确，BCD错误3、D【解析】物体相对地面向右运动，则滑动摩擦力的方向向左，大小为：故选D。4、C【解析】对于AM段，有几何关系得位移为由牛顿第二定律得加速度为根据得对于BM段，有几何关系得位移加速度为根据得对于CM段，位移加速度根据得比较可得即丙球最先到达M点，乙球最后到达M点故选C。5、A【解析】两个加速度都要用受力分析结合牛顿第二定律求解.【详解】设A与地面的动摩擦因数为，对A和B的整体由牛顿第二定律；对A加一压力F1=mg，受力分析可知，整理得，解得；故选A.【点睛】通常可以采用整体法和隔离法，用整体法
11、可以求得系统的加速度的大小，再用隔离法可以求物体之间的作用的大小；两图的区别是图2中增加的是力而没有增加质量，则没有产生加速度.6、B【解析】电压表是由电流计与定值电阻串联改装而成的；V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，相同的两个电流计改装，可知，V2表的内阻是V1表的内阻的3倍把它们串联接入电路，通过的电流相等，电表指针的偏角相同；电表两端电压之比等于内阻之比1：3，它们的示数之比为1：3故B项正确，ACD错误。故选B。7、AC【解析】根据牛顿第二定律求出拉力为零时小球的加速度，当滑块A向左以a=g做匀加速运动时小球恰好没有脱离斜面飘起，再根据求解第二定律列式求解拉力的大小；【详解】A
12、、若绳对小球恰好没有拉力，则对小球进行受力分析如图所示：根据牛顿第二定律可知：，则，方向水平向右，故选项A正确，B错误；C、当滑块A向左以a=g做匀加速运动时，则小球的合力为：，方向水平向左，则对小球进行受力分析如图所示：则此时小球与斜面之间恰好没有弹力，则由图可知绳的拉力为：，故选项C正确，D错误【点睛】解决本题的关键知道小球脱离斜面时的临界情况，结合牛顿第二定律进行求解8、AC【解析】AB.将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动。竖直分运动为竖直上抛运动，所以从A到M和从M到B点所用时间相等。对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之
13、比为1:3，则小球水平位移x1与x2的比值为1：3，故A正确，B错误；C.设物体在B动能EkB，水平分速度为vBx，竖直分速度为vBy，由竖直方向运动对称性知：，对于水平分运动运用动能定理得：Fx1=，F(x1+x2)= ，由A可知x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F(x1+x2)=24J，故EkB=32J，故C正确；D.小球受力如图所示：小球受到的合外力为重力和电场力的合力，为恒力，在A点时，合力与速度之间的夹角为钝角，在M点时，合力与速度之间的夹角为锐角，即合力先做负功后做正功，小球的动能先减小后增大，小球从M到B的过程，合力一直做正功，动能一直增大。则小球从A运动到B的过程中最小动
14、能一定小于6J，故D错误。故选：AC。第II卷（非选择题9、BC【解析】设小球所受的弹力为F，当小球压缩弹簧的过程中，F竖直向上，且由零逐渐增大，所以合力F合=mg-F，方向向下，且逐渐减小，即加速度向下且逐渐减小，小球接触弹簧时有向下的速度，所以小球向下做加速运动；当F=mg，加速度为0，速度达到最大；小球继续向下运动，弹力F继续增大，合力F合=F-mg，方向向上，且继续增大，即加速度向上且逐渐增大，所以小球向下做减速运动，到达最低点时，速度为0，合力向上，且加速度到达最大值；故AD错误，BC正确；故选BC。10、BC【解析】对小球受力分析列水平方向上的牛顿第二定律和竖直方向上的平衡公式，观
15、察公式即可知道两个力变化情况【详解】如图所示，对小球受力分析因为重球相对小车的位置没有发生变化，故小球做加速运动，且AB绳与水平方向的夹角角保持不变，根据牛顿第二定律可得：解得：即不变；由于水平方向上存在向左的加速度，所以减小；故BC对；AD错；故选BC【点睛】本题易错项为A考生可能没有考虑到竖直向下的重力需要在竖直方向上的分量来平衡，而绳与竖直方向的夹角没有改变，故不会改变11、BD【解析】匀加速运动是指物体的加速度保持不变，即不但加速度的大小保持不变，加速度的方向也要保持不变【详解】由于甲图是位移时间图象，其斜率代表物体的速度，斜率不变，说明甲物体做匀速直线运动，故A错误；由于乙图是速度时间图象，由图可知乙做匀速直线运动，故B正确；丙图是加速度时间图象，由图可知物体的加速度随时间减小，故丙的做的是非匀变速运动，故C错误；丁图是合外力F随时间变化的关系图象，由图可知F的大小先减小后反向增大，故物体的加速度先减小然
