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1、2018年高考理综选择题专项训练（18）一、选择题：本题共13个小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1下列关于细胞生命现象的叙述错误的是A细胞间信息交流大多与膜的结构和功能有关B秋水仙素能抑制纺锤体的形成从而影响细胞分裂C硅尘通过破坏溶酶体膜导致细胞坏死D紫外线使膜蛋白变性导致细胞癌变【答案】D【解析】细胞间信息交流大多与细胞膜上的糖蛋白有关，体现了细胞膜的信息交流功能，A项正确；秋水仙素能抑制纺锤体的形成，使染色体不能平均分配进两个子细胞，从而影响细胞分裂，B项正确；溶酶体内的水解酶不能水解硅尘，使溶酶体膜被破坏而导致细胞坏死，C项正确；细胞癌变的原因是原癌
2、基因和抑癌基因的突变，D项错误。2科研人员以番茄为实验材料，研究按一定比例组合的红光和蓝光对番茄幼苗光合作用的影响，实验结果如下表。下列分析不合理的是组别叶绿素含量(mgg-1)类胡萝卜素含量(mgg-1)气孔导度(mmolm-2s-1)胞间CO2浓度(mol mol-1)净光合速率(molm-2s-1)白光2.030.22164.67276.675.30红光2.730.29142.33359.674.26蓝光1.730.17222.00326.677.28红蓝组合光(红:蓝=1:1)2.470.25263.33268.007.71红蓝组合光(红:蓝=3:1)2.820.32230.00224
3、.679.95（注：气孔导度是指气孔的开放程度）A不同光质会影响光合色素含量，进而影响光反应过程B红蓝组合光下叶肉细胞对CO2的利用率高于单一蓝光C红光组的净光合速率较低主要受限于暗反应速率D在温室中使用白光比单独使用红光或蓝光均更有利于植株生长31958年，科学家以大肠杆菌为实验材料进行实验（如下图左），证实了DNA是以半保留方式复制的。、试管是模拟可能出现的结果。下列相关推论正确的是A该实验运用了同位素标记法，出现的结果至少需要90分钟B是转入14N培养基中复制一代的结果，是复制二代的结果C对得到DNA以半保留方式复制结论起关键作用的是试管结果D给试管中加入解旋酶一段时间后离心出现的结果如
4、试管所示【答案】C【解析】该实验运用了同位素标记法，根据DNA的半保留复制特点，亲代DNA均被15N标记，繁殖一代产生两个DNA分子，每个DNA分子一条链含有15N，另一条链含有14N，其结果是；繁殖两代产生4个DNA分子，其中有两个DNA分子均是一条链含有15N，另一条链含有14N，另外两个DNA分子两条链均含有14N，其结果是。因此出现的结果至少需要60分钟，是转入14N培养基中复制一代的结果，是复制二代的结果，A、B错误；试管中的DNA分子一条链含有15N，另一条链含有14N，对得到DNA以半保留方式复制结论起关键作用，C正确；试管中，有一半DNA分子每条链都含有14N，另一半DNA分子
5、均是一条链含有14N,另一条链含有15N，加入解旋酶一段时间后，所有的DNA分子双链均打开，离心后在试管中的位置如图所示：，D错误。4某果蝇的长翅、小翅和残翅分别受位于一对常染色体上的基因E、E1、E2控制，且具有完全显性关系。小翅雌蝇和纯合残翅雄蝇交配，子一代表现为小翅和长翅。下列叙述正确的是AE对为显性，E1对E2为显性BE、E1、E2在遗传中遵循自由组合定律C亲本的基因型分别为E1E、E2E2D果蝇关于翅形的基因型有5种【答案】C【解析】亲本是小翅（E1_）和残翅（E2E2），子一代没有残翅，有小翅和长翅，可推知亲本小翅雌蝇的基因型是E1E，子一代小翅的基因型是E1E2、长翅是基因型是E
6、E2，因此E1对E为显性，E对E2为显性，A项错误； E、E1、E2位于一对同源染色体上，属于复等位基因，在遗传中遵循分离定律，B项错误；根据A选项的分析可知，亲本的基因型分别为E1E、E2E2，C项正确；果蝇关于翅形的基因型有E1E1、EE、E2E2、E1E、E1E2、EE2，共6种，D项错误。5下列与胰岛素有关的叙述，错误的是A胰岛素可催化细胞中葡萄糖的氧化分解B胰岛B细胞分泌的胰岛素可随血液流到全身C许多糖尿病患者可以通过注射胰岛素来治疗 D胰岛素的作用结果会反过来影响胰岛素的分泌【答案】A【解析】胰岛素是激素，可以促进葡萄糖进入组织细胞并氧化分解，但是不能起催化作用，A错误；胰岛素是由
7、胰岛B细胞分泌到血液中去的，可以随血液流到全身各处，B正确；大多数糖尿病患者的病因是胰岛B细胞受损，不能分泌胰岛素，可以通过注射胰岛素来治疗，C正确；胰岛素作用后使得血糖浓度降低，血糖浓度降低会反过来影响胰岛素的分泌，D正确。6下列有关生物群落和生态系统的叙述正确的是A草原是地球上最丰富的生物基因库B群落演替是一个漫长且永恒延续的过程C任何生态系统中都存在着两种类型的食物链，即捕食食物链和腐食食物链D通常营养级越高，归属于这个营养级的生物种类越多、数量和能量就越少【答案】C【解析】基因库是一个种群中全部个体所含的全部基因，地球上最大的生态系统是生物圈，A错误。群落演替并不是无止境的，B错误。任
8、何生态系统中都存在着捕食食物链和腐食食物链，C正确。通常营养级越高，归属于这个营养级的生物种类、数量和能量都少，D错误。7化学与生产、生活、社会密切相关。下列有关说法中正确的是A草木灰溶液呈碱性，不能与铵态氮肥混合施用B漂白粉中Ca(ClO)2具有强氧化性，能用来净化水C碳纳米管是新型有机合成纤维，可用作储氢材料D为防止食品腐败可在其包装袋里放置硅胶颗粒【答案】A【解析】A草木灰溶液呈碱性，不能与铵态氮肥混合施用，否则会导致氮肥肥效降低，A正确；B漂白粉中Ca(ClO)2具有强氧化性，能用其给水消毒，但是不能除去悬浮的颗粒，B不正确；C碳纳米管不是有机物，C不正确；D硅胶颗粒只是干燥剂，不能为
9、防止食品腐败，D不正确。本题选A。8本草纲目拾遗木部对丁香油有如下叙述：“丁香油出南番，乃用母丁香榨取其油，色紫，芳香辛烈。番人贮以琉璃器，盖偶不密，即香达于外”。下列关于该叙述的说法不正确的是A丁香油在水中溶解度可能较小B丁香油提取可以用适当的有机溶剂进行萃取C丁香油在实验室中保存时需密封在细口瓶中D丁香油易挥发说明其沸点一定很低【答案】D【解析】A油类物质属于酯,一般来说其溶解度减小,所以A选项是正确的;B根据“乃用母丁香榨取其油”可以知道,丁香油提取可以用适当的有机溶剂进行萃取,所以B选项是正确的;C丁香是油易挥发的液体,则保存时需密封在细口瓶中,所以C选项是正确的;D丁香油易挥发说明其
10、沸点不高,但不能说其沸点一定很低,故D错误;所以D选项是正确的.点睛：抓住油脂属于酯类化合物，酯类化合物特征难溶于水，大多数密度比水小。9下列说法正确的是A食用油和鸡蛋清水解都能生成氨基酸B用碳酸钠溶液可以区分乙醇、乙酸、苯和硝基苯四种有机物C丙烯分了中最多行8个原了共平面D乙酸乙酯与乙烯在一定条件下都能与水发生加成反应【答案】B【解析】A、油脂在人体中的水解产物是高级脂肪酸和甘油，选项A错误；B、乙醇与碳酸钠溶液既不反应也不分层，乙酸与碳酸钠溶液反应生成气体，苯和硝基苯与碳酸钠溶液混合都分层，有机层在上层的是苯，有机层在下层的是硝基苯，现象各不相同，可鉴别，选项B正确；C、丙烯分子可以看作1
11、个甲基取代了乙烯分子中的1个氢原子，乙烯基有5个原子共平面，甲基中最多有2个原子与双键共平面，最多有7个原子共平面，选项C错误；D、乙酸乙酯水解是发生取代反应，而不是加成反应，乙烯在一定条件下能与水发生加成反应生成乙醇，选项D错误。答案选B。10设NA为阿伏加德罗常数的值,下列叙述正确的是A所含共价键数均为0.2NA的白磷(P4)和甲烷的物质的量相等B1L 1mol/LH2O2的水溶液中含有的氧原子数为2NAC将1molFe 与一定量的稀硝酸充分反应,转移的电子数可能为2NAD1L0.1mol/LCH3COONa溶液中含有的Na+和CH3COO-的总数为0.2NA【答案】C【解析】白磷分子中含
12、有6个共价键、甲烷分子中含有4个共价键，所含共价键数均为0.2NA的白磷(P4)和甲烷的物质的量不相等，故A错误；H2O2、H2O中都含有氧原子，故B错误；1molFe 与一定量的稀硝酸充分反应恰好生成硝酸亚铁时转移的电子数为2NA，故C正确；CH3COO-水解，1L0.1mol/LCH3COONa溶液中含有的Na+和CH3COO-的总数小于0.2NA，故D错误。11为测定石灰石样品中碳酸钙(合SiO2杂质)的含量。现利用如图所示装置进行实验，充分反应后，测定装置C中生成的BaCO3沉淀质量。下列说法正确的是A装置A中药品应为浓硫酸B在BC之间应增添盛有饱和NaHCO3溶液的洗气装置，以除去氯
13、化氢气体C只要测定装置C在吸收CO2前后的质量差，也可以确定碳酸钙的质量分数D为了测得C中生成的沉淀质量，需经过过滤、洗涤、干燥、称量等操作【答案】D【解析】AA装置的作用是防止空气中的二氧化碳进入装置B，所以应选择能吸收二氧化碳气体的试剂，可以是氢氧化钠溶液等，故A错误；BB装置中挥发出的HCl与NaHCO3溶液反应生成二氧化碳，若BC之间添加盛放碳酸氢钠溶液的装置，二氧化碳来源不唯一，不能确定全部来自于石灰石样品，故B错误；C盐酸具有挥发性，也可以从B进入C中，且C中还可能进入水蒸气，导致实验误差，故C错误；D要准确测量碳酸钡沉淀的质量，必须过滤出碳酸钡，然后洗净附着在其表面的杂质，再干燥
14、、称量，故D正确；答案选D。12短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W与X形成的某种化合物可用作水果的催熟剂，Y的氧化物为碱性氧化物，X、Y、Z三种元素的最外层电子数之和为11。下列说法正确的是A原子半径：WB简单氢化物的稳定性：XCW、X形成的某种化合物常用作萃取剂DY和Z形成的含氧酸盐均可使酚酞溶液变红13常温下取0.1mol/L的NaA和NaB 两种盐溶液各1L，分别通入0.02mol CO2，发生如下反应:NaA+CO2+H2OHA+NaHCO3、2NaB+CO2+H2O2HB+N2CO3。HA和HB 的1L 溶液分别加水稀释至体积为VL时可能有如图曲线，则下列说法正确的是
15、AX是HA，M是HBB常温下pH: NaA 溶液NaB 溶液C对于c(R-)/c(HR)c(OH-)的值(R代表A或B)，一定存在HAHBD若常温下浓度均为0.1mol/L 的NaA和HA 的混合溶液的pH7,则c(A-)c(HA)【答案】C【解析】已知：NaA+CO2+H2OHA+NaHCO3、2NaB+CO2+H2O2HB+Na2CO3，则酸性：H2CO3HAHCO3-HB，加水稀释，促进弱酸的电离，酸性越弱，溶液稀释时pH变化越小，所以加水稀释相同的倍数时，pH变化小的是HB，由图可知，Z为HB，Y为HA。A加水稀释相同的倍数时，酸溶液PH增大，pH变化小的是HB，Z为HB，故A错误；B酸性：H2CO3HAHCO3-HB，酸性越弱对应阴离子水解程度越大，溶液的碱性越强，常温下pH：NaA溶液NaB溶液，故B错误；C0.1mol/L的NaA和NaB两种盐溶液各1L
