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1、其次章综合素能检测时间120分钟，总分值150分。一、选择题(本大题共12个小题，每题5分，共60分，在每题给出的四个选项中只有一个是符合题目要求的)1(20212021福建师大附中模块)设，表示两个平面，l表示直线，A，B，C表示三个不同的点，给出以下命题：假设Al，A，Bl，B，那么l；，不重合，假设A，A，B，B，那么AB；假设l，Al，那么A；假设A，B，C，A，B，C，且A，B，C不共线，那么与重合那么上述命题中，正确的个数是()A1B2C3D4答案C解析依据公理1可知正确；依据公理3可知正确，依据公理2可知正确；当点A为直线l与平面的交点时，可知错误2菱形ABCD在平面内，PC，那
2、么PA与对角线BD的位置关系是()A平行 B相交但不垂直C相交垂直 D异面垂直答案D解析PC平面，PCBD，又在菱形ABCD中，ACBD，BD平面PAC.又PA平面PAC，BDPA.明显PA与BD异面，故PA与BD异面垂直3设P是ABC所在平面外一点，H是P在内的射影，且PA，PB，PC与所成的角相等，那么H是ABC的()A内心 B外心 C垂心 D重心答案B解析由题意知RtPHARtPHBRtPHC，得HAHBHC，所以H是ABC的外接圆圆心4二面角l的大小为60，m，n为异面直线，且m，n，那么m，n所成的角为()A30 B60 C90 D120答案B解析易知m，n所成的角与二面角的大小相等
3、，应选B.5(20212021珠海模拟)a，b，l表示三条不同的直线，表示三个不同的平面，有以下命题：假设a，b，且ab，那么；假设a，b相交，且都在，外，a，a，b，b，那么；假设，a，b，ab，那么b；假设a，b，la，lb，那么l.其中正确的有()A0个 B1个 C2个 D3个答案C解析可借助正方体模型解决如图，在正方体A1B1C1D1ABCD中，可令平面A1B1CD为，平面DCC1D1为，平面A1B1C1D1为.又平面A1B1CDDCC1D1CD，平面A1B1C1D1平面DCC1D1C1D1，那么CD与C1D1所在的直线分别表示a，b，因为CDC1D1，但平面A1B1CD与平面A1B1
4、C1D1不平行，即与不平行，故错误因为a，b相交，可设其确定的平面为，依据a，b，可得.同理可得，因此，正确由两平面垂直，在一个平面内垂直于交线的直线和另一个平面垂直，易知正确ab时，由题知l垂直于平面内两条不相交直线，得不出l，错误6(2021新课标全国)m，n为异面直线，m平面，n平面.直线l满意lm，ln，l，l，那么()A且lB且lC与相交，且交线垂直于lD与相交，且交线平行于l答案D解析由于m，n为异面直线，m平面，n平面，那么平面与平面必相交，但未必垂直，且交线垂直于直线m，n，又直线l满意lm，ln，那么交线平行于l，应选D.7在正方体ABCDA1B1C1D1中，E，F分别是线段
5、A1B1，B1C1上的不与端点重合的动点，假如A1EB1F，有下面四个结论：EFAA1；EFAC；EF与AC异面；EF平面ABCD.其中肯定正确的有()A B C D答案D解析如右图所示由于AA1平面A1B1C1D1，EF平面A1B1C1D1，那么EFAA1，所以正确；当E，F分别是线段A1B1，B1C1的中点时，EFA1C1，又ACA1C1，那么EFAC，所以不正确；当E，F分别不是线段A1B1，B1C1的中点时，EF与AC异面，所以不正确；由于平面A1B1C1D1平面ABCD，EF平面A1B1C1D1，所以EF平面ABCD，所以正确8如图，假设是长方体ABCDA1B1C1D1被平面EFGH
6、截去几何体EFGHB1C1后得到的几何体，其中E为线段A1B1上异于B1的点，F为线段BB1上异于B1的点，且EHA1D1，那么以下结论中不正确的选项是()AEHFG B四边形EFGH是矩形C是棱柱 D是棱台答案D解析因为EHA1D1，A1D1B1C1，所以EHB1C1，又EH平面BCC1B1，所以EH平面BCC1B1，又EH平面EFGH，平面EFGH平面BCC1B1FG，所以EHFG，又EHB1C1，所以是棱柱，所以A，C正确；因为A1D1平面ABB1A1，EHA1D1，所以EH平面ABB1A1，又EF平面ABB1A1，故EHEF，所以B正确，应选D.9(2021大纲版数学(文科)正方体AB
7、CDA1B1C1D1中，E、F分别为BB1、CC1的中点，那么直线AE与D1F所成角的余弦值为()A D C D答案B命题意图本试题考察了正方体中异面直线的所成角的求解的运用解析首先依据条件，连接DF，然后那么DFD1即为异面直线所成的角，设棱长为2，那么可以求解得到DFD1F，DD12，结合余弦定理得到结论10如图，在三棱柱ABCABC中，点E，F，H，K分别为AC，CB，AB，BC的中点，G为ABC的重心，从K，H，G，B中取一点作为P，使得该三棱柱恰有2条棱与平面PEF平行，那么点P为()AK BHCG DB答案C解析应用验证法：选G点为P时，EFAB且EFAB，此时恰有AB和AB平行于
8、平面PEF，应选C.11如图，四边形ABCD中，ADBC，ADAB，BCD45，BAD90，将ABD沿BD折起，使平面ABD平面BCD，构成四面体ABCD，那么在四面体ABCD中，以下结论正确的选项是()A平面ABD平面ABCB平面ADC平面BDCC平面ABC平面BDCD平面ADC平面ABC答案D解析由平面图形易知BDC90.平面ABD平面BCD，CDBD，CD平面ABD.CDAB.又ABAD，CDADD，AB平面ADC.又AB平面ABC，平面ADC平面ABC.12(2021全国卷)正四棱柱ABCDA1B1C1D1中，AA12AB，那么CD与平面BDC1所成角的正弦值等于()A B C D答案
9、A解析如图，连接AC交BD于点O，连接C1O，过C作CHC1O于点H，CH面BDC1，HDC为CD与面BDC1所成的角，设AA12AB2，OC，CC12，OC1，CH，sinHDC，应选A.二、填空题(本大题共4小题，每题5分，共25分把答案填在题中的横线上)13直线l与平面所成角为30，lA，m，Am，那么m与l所成角的取值范围是_答案30，90解析直线l与平面所成的30的角为m与l所成角的最小值，当m在内适当旋转就可以得到lm，即m与l所成角的最大值为90.14如下图，在四棱锥PABCD中，PA底面ABCD，且底面各边都相等，M是PC上的一动点，当点M满意_时，平面MBD平面PCD(只要填
10、写一个你认为是正确的条件即可)答案DMPC(或BMPC)解析连接AC，那么BDAC，由PA底面ABCD，可知BDPA，BD平面PAC，BDPC.故当DMPC(或BMPC)时，平面MBD平面PCD.15(2021北京高考理科数学)某三棱锥的三视图如下图，那么该三棱锥的最长棱的棱长为_答案2解析三棱锥的直观图如右图AB面BCD，BCD为等腰直角三角形AB2，BD2，BCCD，AC，AD2.16(2021高考安徽卷)如图正方体ABCDA1B1C1D1，棱长为1，P为BC中点，Q为线段CC1上的动点，过A、P、Q的平面截该正方体所得的截面记为S，那么以下命题正确的选项是_(写出全部正确命题的编号)当0
11、CQ时，S为四边形当CQ时，S为等腰梯形当CQ时，S与C1D1交点R满意C1R1当CQ1时，S为六边形当CQ1时，S的面积为.答案解析设截面与DD1相交于T，那么ATPQ，且AT2PQDT2CQ.对于，当0CQ时，那么0DT1，所以截面S为四边形，且S为梯形，所以为真对于，当CQ时，DT1，T与D重合，截面S为四边形APQO1，所以APD1Q，截面为等腰梯形，所以为真对于，当CQ，QC1，DT2，D1T，利用三角形相像解得，C1R1，所以为真对于，当CQ1时，DT2，截面S与线段A1D1，D1C1相交，所以四边形S为五边形，所以为假对于，当CQ1时，Q与C1重合，截面S与线段A1D1相交于中点
12、G，即即为菱形APC1G，对角线长度为和，S的面积为，所以为真，综上，选.三、解答题(本大题共6个大题，共70分，解容许写出文字说明，证明过程或演算步骤)17(本小题总分值10分)如右图，在三棱柱ABCA1B1C1中，ABC与A1B1C1都为正三角形且AA1面ABC，F、F1分别是AC，A1C1的中点求证：(1)平面AB1F1平面C1BF；(2)平面AB1F1平面ACC1A1.分析此题可以依据面面平行和面面垂直的判定定理和性质定理，找寻使结论成立的充分条件证明(1)在正三棱柱ABCA1B1C1中，F、F1分别是AC、A1C1的中点，B1F1BF，AF1C1F.又B1F1AF1F1，C1FBFF
13、，平面AB1F1平面C1BF.(2)在三棱柱ABCA1B1C1中，AA1平面A1B1C1，B1F1AA1.又B1F1A1C1，A1C1AA1A1，B1F1平面ACC1A1，而B1F1平面AB1F1，平面AB1F1平面ACC1A1.18(本小题总分值12分)(2021四川文科)如图，在三棱柱ABCA1B1C1中，侧棱AA1底面ABC，ABAC2AA12，BAC120，D，D1分别是线段BC，B1C1的中点，P是线段AD上异于端点的点(1)在平面ABC内，试作出过点P与平面 A1BC平行的直线l，说明理由，并证明直线l平面ADD1A1；(2)设(1)中的直线l交AC于点Q，求三棱锥A1QC1D的体积(锥体体积公式：VSh，其中S为底面面积，h为高)解析(1)在平面ABC内，过点P作直线l和BC平行理由如下：由于直线l不在平面A1
