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1、山东青岛市2024年数学高一下期末考试模拟试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1甲、乙两队准备进行一场篮球赛，根据以往的经验甲队获胜的概率是，两队打平的概率是，则这次比赛乙队不输的概率是（ ）A-BCD2在x轴上的截距为2且倾斜角为135的直线方程
2、为（ ）.ABCD3采用系统抽样方法从人中抽取人做问卷调查，为此将他们随机编号为，分组后某组抽到的号码为1抽到的人中，编号落入区间 的人数为（ ）A10BC12D134已知数列中，且，则的值为（ ）ABCD5在中，点是边上的靠近的三等分点，则（ ）ABCD6角的终边经过点且，则的值为()A-3B3C3D57已知，下列不等式成立的是（ ）ABCD8已知之间的几组数据如下表：123456021334假设根据上表数据所得线性回归直线方程为中的前两组数据和求得的直线方程为则以下结论正确的是（ ）ABCD9已知直线经过点，且倾斜角为，则直线的方程为（ ）ABCD10设等差数列an的前n项和为Sn若a1+
3、a36，S416，则a4（）A6B7C8D9二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11中，则A的取值范围为_12如图，点为正方形边上异于点的动点，将沿翻折成，使得平面平面，则下列说法中正确的是_.(填序号) （1）在平面内存在直线与平行； （2）在平面内存在直线与垂直（3）存在点使得直线平面（4）平面内存在直线与平面平行.（5）存在点使得直线平面13已知，则_. 14已知函数分别由下表给出：123211123321则当时，_.15已知函数在时取得最小值，则_16如图所示，隔河可以看到对岸两目标，但不能到达，现在岸边取相距的两点，测得（在同一平面内），则两目标间的距离为_.三、解答题
4、：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知等差数列中，数列中，其前项和满足：（1）求数列、的通项公式；（2）设，求数列的前项和18如图，某人在离地面高度为的地方，测得电视塔底的俯角为，塔顶的仰角为，求电视塔的高.（精确到）19如图，在三棱锥中，分别为，的中点，且.（1）证明：平面；（2）若平面平面，证明：.20已知等比数列的前项和为，且.（1）求的通项公式；（2）是否存在正整数，使得成立？若存在，求出的最小值；若不存在，请说明理由.21已知数列的前项和为，且.（1）求；（2）若，求数列的前项和.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每
5、个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、C【解析】因为“甲队获胜”与“乙队不输”是对立事件，对立事件的概率之和为1，进而即可求出结果.【详解】由题意，“甲队获胜”与“乙队不输”是对立事件，因为甲队获胜的概率是，所以，这次比赛乙队不输的概率是.故选C【点睛】本题主要考查对立事件的概率问题，熟记对立事件的性质即可，属于常考题型.2、A【解析】直线的斜率为tan135=-1，由点斜式求得直线的方程为 y=-x+b,将截据y=0,x=2代入方程，解得b=2,所以，可得y=-x+2，故答案为A3、C【解析】由题意可得抽到的号码构成以11为首项、以30为公差的等差数列，求得此等差数列的通项公式
6、为an30n19，由40130n21755，求得正整数n的个数，即可得出结论【详解】9603230，每组30人，由题意可得抽到的号码构成以30为公差的等差数列，又某组抽到的号码为1，可知第一组抽到的号码为11，由题意可得抽到的号码构成以11为首项、以30为公差的等差数列，等差数列的通项公式为an11+（n1）3030n19，由40130n19755，n为正整数可得14n25，做问卷C的人数为2514+112，故选C【点睛】本题主要考查等差数列的通项公式，系统抽样的定义和方法，根据系统抽样的定义转化为等差数列是解决本题的关键，比较基础4、A【解析】由递推关系，结合，可求得，的值，可得数列是一个周
7、期为6的周期数列，进而可求的值。【详解】因为，由，得；由，得；由，得；由，得；由，得；由，得由此推理可得数列是一个周期为6的周期数列，所以，故选A。【点睛】本题考查由递推关系求数列中的项，考查数列周期的判断，属基础题。5、A【解析】将题中所体现的图形画出，可以很直观的判断向量的关系.【详解】如图有向量运算可以知道：,选择A【点睛】考查平面向量基本定理， 利用好两向量加法的计算原则：首尾相连，首尾相接.6、B【解析】根据三角函数的定义建立方程关系即可【详解】因为角的终边经过点且，所以 则 解得【点睛】本题主要考查三角函数的定义的应用，应注意求出的b为正值7、A【解析】由作差法可判断出A、B选项中
8、不等式的正误；由对数换底公式以及对数函数的单调性可判断出C选项中不等式的正误；利用指数函数的单调性可判断出D选项中不等式的正误.【详解】对于A选项中的不等式，A选项正确；对于B选项中的不等式，B选项错误；对于C选项中的不等式，即，C选项错误；对于D选项中的不等式，函数是递减函数，又，所以，D选项错误.故选A.【点睛】本题考查不等式正误的判断，常见的比较大小的方法有：（1）比较法；（2）中间值法；（3）函数单调性法；（4）不等式的性质.在比较大小时，可以结合不等式的结构选择合适的方法来比较，考查推理能力，属于中等题.8、C【解析】b2，a2，由公式求得，a9、C【解析】根据倾斜角求得斜率，再根据
9、点斜式写出直线方程，然后化为一般式.【详解】倾斜角为，斜率为，由点斜式得，即.故选C.【点睛】本小题主要考查倾斜角与斜率对应关系，考查直线的点斜式方程和一般式方程，属于基础题.10、B【解析】利用等差数列的性质对已知条件进行化简，由此求得的值.【详解】依题意，解得.故选：B【点睛】本小题主要考查等差中项的性质，属于基础题.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】由正弦定理将sin2Asin2Bsin2Csin Bsin C 变为，然后用余弦定理推论可求，进而根据余弦函数的图像性质可求得角A的取值范围【详解】因为sin2Asin2Bsin2Csin Bsin C，所以，即
10、 所以 ，因为，所以【点睛】在三角形中，已知边和角或边、角关系，求角或边时，注意正弦、余弦定理的运用条件只有角的正弦时，可用正弦定理的推论，将角化为边12、（2）（4）【解析】采用逐一验证法，利用线面的位置关系判断，可得结果.【详解】（1）错，若在平面内存在直线与平行，则/平面，可知/，而与相交，故矛盾（2）对，如图作，根据题意可知平面平面所以，作，点在平面，则平面，而平面，所以，故正确（3）错，若平面，则，而所以平面，则，矛盾（4）对，如图延长交于点连接,作/平面，平面，平面，所以/平面，故存在（5）错，若平面，则又，所以平面所以，可知点在以为直径的圆上又该圆与无交点，所以不存在.故答案为：
11、（2）（4）【点睛】本题主要考查线线，线面，面面之间的关系，数形结合在此发挥重要作用，属中档题.13、【解析】由题意可得： 点睛：熟记同角三角函数关系式及诱导公式，特别是要注意公式中的符号问题；注意公式的变形应用，如sin21cos2，cos21sin2，1sin2cos2及sin tan cos 等这是解题中常用到的变形，也是解决问题时简化解题过程的关键所在14、3【解析】根据已知，用换元法，从外层求到里层，即可求解.【详解】令.故答案为:.【点睛】本题考查函数的表示，考查复合函数值求参数，换元法是解题的关键，属于基础题.15、【解析】试题分析：因为，所以，当且仅当即，由题意，解得考点：基本
12、不等式16、【解析】在中，在中，分别由正弦定理求出，在中，由余弦定理可得解.【详解】由图可得，在中，由正弦定理可得，在中，由正弦定理可得，在中，由余弦定理可得：.故答案为：【点睛】此题考查利用正余弦定理求解三角形，根据已知边角关系建立等式求解，此题求AB的长度可在多个三角形中计算，恰当地选择可以减少计算量.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）（2）【解析】试题分析：(1)对于 求得首项和公差即可求得数列的通项公式，对于 ，利用递推关系求解数列的通项公式即可；(2)利用数列 的特点错位相减求解数列的前n项和即可.试题解析：(I) -得, 为
13、等比数列, (II)由 两式相减，得点睛：一般地，如果数列an是等差数列，bn是等比数列，求数列anbn的前n项和时，可采用错位相减法求和，一般是和式两边同乘以等比数列bn的公比，然后作差求解18、【解析】过作的垂线，垂足为，再利用直角三角形与正弦定理求解【详解】解：设人的位置为，塔底为，塔顶为，过作的垂线，垂足为，则，所以，答：电视塔的高为约.【点睛】本题考查利用正弦定理测量高度，考查基本分析求解能力，属基础题19、（1）见解析（2）见解析【解析】（1）先证明，再证明平面；（2）先证明平面，再证明.【详解】证明：（1）因为，分别为，的中点，所以.又平面，平面，所以平面.（2）因为，为中点，所以.又平面平面.平面平面，所以平面.又平面，所以.【点睛】本题主要考查空间几何元素位置关系的证明，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平，属于基础题.20、（1）；（2）存在，【解析】（1）根据条件求解出公比，然后写出
