《山东省蒙阴一中2023-2024学年高一下数学期末考试试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省蒙阴一中2023-2024学年高一下数学期末考试试题含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山东省蒙阴一中2023-2024学年高一下数学期末考试试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1一个几何体的三视图如图所示，那么此几何体的侧面积（单位：cm2）为（ ）A48B64C120D802用数学归纳法证明1+a+a2+an+1= （a1，nN*
2、），在验证n=1成立时，左边的项是（）A1B1+aC1+a+a2D1+a+a2+a43若各项为正数的等差数列的前n项和为，且，则（ ）A9B14C7D184已知正方体的个顶点中，有个为一侧面是等边三角形的正三棱锥的顶点，则这个正三棱锥与正方体的全面积之比为 （ ）ABCD5等差数列的首项为.公差不为，若成等比数列，则数列的前项和为（ ）ABCD6用数学归纳法证明不等式的过程中，由递推到时，不等式左边（ ）A增加了一项B增加了两项，C增加了A中的一项，但又减少了另一项D增加了B中的两项，但又减少了另一项7等比数列中,则公比( )A1B2C3D48在中，内角的对边分别为，若，那么（ ）ABCD9已
3、知等差数列中，若，则（ ）A-21B-15C-12D-1710已知正四面体ABCD中，E是AB的中点，则异面直线CE与BD所成角的余弦值为( )ABCD二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11在平面直角坐标系中，从五个点：中任取三个，这三点能构成三角形的概率是_12如图所示为函数的部分图像，其中、分别是函数图像的最高点和最低点，且，那么_13将无限循环小数化为分数，则所得最简分数为_；14某企业利用随机数表对生产的800个零件进行抽样测试，先将800个零件进行编号，编号分别为001,002,003，800从中抽取20个样本，如下提供随机数表的第行到第行： 若从表中第6行第6列开始
4、向右依次读取个数据，则得到的第个样本编号是_.15空间两点，间的距离为_16已知，均为锐角，则_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17如图，中，角 的平分线长为1(1)求；(2)求边的长18设数列的前项和为，若，且成等差数列.（1）求数列的通项公式；（2）若的，求的最大值.19等差数列中，（1）求数列的通项公式；（2）设，求的值20的内角，的对边分别为，为边上一点，为的角平分线，（1）求的值：（2）求面积的最大值21数列的前n项和满足.（1）求证：数列是等比数列；（2）若数列为等差数列，且，求数列的前n项.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每
5、小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】先还原几何体，再根据锥体侧面积公式求结果.【详解】几何体为一个正四棱锥，底面为边长为8的正方体，侧面为等腰三角形，底边上的高为5，因此四棱锥的侧面积为，选D.【点睛】解答此类题目的关键是由多面体的三视图想象出空间几何体的形状并画出其直观图2、C【解析】在验证时，左端计算所得的项，把代入等式左边即可得到答案.【详解】解：用数学归纳法证明，在验证时，把当代入，左端.故选：C.【点睛】此题主要考查数学归纳法证明等式的问题，属于概念性问题.3、B【解析】根据等差中项定义及条件式,先求得.再由等差数列的求和公式,即可求
6、得的值.【详解】数列为各项是正数的等差数列则由等差中项可知所以原式可化为,所以 由等差数列求和公式可得故选:B【点睛】本题考查了等差中项的性质,等差数列前n项和的性质及应用,属于基础题.4、A【解析】所求的全面积之比为： ，故选A.5、A【解析】根据等比中项定义可得；利用和表示出等式，可构造方程求得；利用等差数列求和公式求得结果.【详解】由题意得：设等差数列公差为，则即：，解得：本题正确选项：【点睛】本题考查等差数列基本量的计算，涉及到等比中项、等差数列前项和公式的应用；关键是能够构造方程求出公差，属于常考题型.6、D【解析】根据题意，分别写出和时，左边对应的式子，进而可得出结果.【详解】当时
7、，左边，当时，左边，所以，由递推到时，不等式左边增加了，；减少了；故选：D【点睛】本题主要考查数学归纳法的应用，熟记数学归纳法，会求增量即可，属于基础题型.7、B【解析】将与用首项和公比表示出来，解方程组即可.【详解】因为，且，故：，且，解得：，即，故选：B.【点睛】本题考查求解等比数列的基本量，属基础题.8、B【解析】化简,再利用余弦定理求解即可.【详解】.故.又,故.故选：B【点睛】本题主要考查了余弦定理求解三角形的问题,属于基础题.9、A【解析】根据等差数列的前n项和公式得：，故选A.10、B【解析】试题分析：如图，取中点，连接，因为是中点，则，或其补角就是异面直线所成的角，设正四面体棱
8、长为1，则，故选B考点：异面直线所成的角【名师点睛】求异面直线所成的角的关键是通过平移使其变为相交直线所成角，但平移哪一条直线、平移到什么位置，则依赖于特殊的点的选取，选取特殊点时要尽可能地使它与题设的所有相减条件和解题目标紧密地联系起来如已知直线上的某一点，特别是线段的中点，几何体的特殊线段二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】分别算出两点间的距离，共有种，构成三角形的条件为任意两边之和大于第三边，所以在这10种中找出满足条件的即可【详解】由两点之间的距离公式，得：，任取三点有：，共10种，能构成三角形的有：，共6种，所求概率为：.【点睛】构成三角形必须满足任意两边
9、之和大于第三边，则n个点共有个线段，找出满足条件的即可，属于中等难度题目12、【解析】由图可知：，因为，由周期公式得到，结合以及诱导公式即可求解.【详解】由图可知：，因为 所以 ，即 由题意可知：，即 故答案为：【点睛】本题主要考查了正弦型函数的图像的性质以及求值，关键是从图像得出周期，最值等，属于基础题.13、【解析】将设为，考虑即为，两式相减构造方程即可求解出的值，即可得到对应的最简分数.【详解】设，则，由可知，解得.故答案为：.【点睛】本题考查将无限循环小数化为最简分数，主要采用方程的思想去计算，难度较易.14、1【解析】根据随机数表法抽样的定义进行抽取即可【详解】第6行第6列的数开始的
10、数为808，不合适，436，789不合适，535，577，348，994不合适，837不合适，522，535重复不合适，1合适则满足条件的6个编号为436，535，577，348，522，1，则第6个编号为1，故答案为1【点睛】本题考查了简单随机抽样中的随机数表法，主要考查随机抽样的应用，根据定义选择满足条件的数据是解决本题的关键本题属于基础题15、【解析】根据空间中两点间的距离公式即可得到答案【详解】由空间中两点间的距离公式可得; ;故距离为3【点睛】本题考查空间中两点间的距离公式，属于基础题。16、【解析】先求出，再由，并结合两角和与差的正弦公式求解即可.【详解】由题意，可知，则，又，则，
11、或者，因为为锐角，所以不成立，即成立，所以.故.故答案为：.【点睛】本题考查两角和与差的正弦公式的应用，考查同角三角函数基本关系的应用，考查学生的计算求解能力，属于中档题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、 (1) (2) 【解析】（1）由题意知为锐角，利用二倍角余弦公式结合条件可计算出的值；（2）利用内角和定理以及诱导公式计算出，在中利用正弦定理可计算出.【详解】（1），则B为锐角，；（2），在中，由，得.【点睛】本题考查二倍角余弦公式、以及利用正弦定理解三角形，解三角形有关问题时，要根据已知元素类型合理选择正弦定理与余弦定理，考查计算能力
12、，属于中等题18、（1）；（2）6.【解析】（1）根据已知条件，结合，得到，再由已知条件求得，即可求得等比数列的通项公式；（2）根据（1）中的结果化简得到，由此结合已知条件，即可求解.【详解】（1）由已知，所以，即，从而，又因为成等差数列，即，所以，解得，所以数列是首项为2，公比为2的等比数列，故；（2）因为，所以，即，所以，所以，所以的最大值为6.【点睛】本题主要考查了等比数列的通项公式及前n项和公式的应用，以及数列的与关系式的应用，其中解答中数列与关系式和等比数列的通项公式、前n项和公式，准确计算是解答的关键，着重考查了推理与计算能力，属于基础题.19、（1）；（2）【解析】（）设等差数列
13、的公差为由已知得，解得所以（）由（）可得所以考点：1、等差数列通项公式；2、分组求和法20、（1）（2）3【解析】（1）由，根据三角形面积公式可知，再根据角平分线的定义可知，到，的距离相等，所以，即可求出；（2）先根据（1）可得，由平方关系得，再根据三角形的面积公式，可化简得，然后根据基本不等式即可求出面积的最大值【详解】（1）如图所示：因为，所以又因为为的角平分线，所以到，的距离相等，所以所以（2）由（1）及余弦定理得：所以，又因为所以，所以又因为且，故所以，当且仅当即时取等号所以面积的最大值为【点睛】本题主要考查正余弦定理在解三角形中的应用，三角形面积公式的应用，以及利用基本不等式求最值，意在考查学生的转化能力和数学运算能力，属于中档题21、 (1)见证明；(2) 【解析】（1）利用与的关系，即要注意对进行讨论，再根据等比数列的定义，证明为常数；（2）利用错位相减法对数列进行求和.【详解】解（1）当时，所以因为，所以当时，-得，所以，所以，所以是首项为2，公比为2的等比数列.（2）由（1）知，所以，因为，所以，设的公差为，则，所以所以，所以，则，以上两式相减得：，所以.【点睛】数列为等差数列，数列为等比数列，则数列的求和可采用错位相减法求和，注意求和后要保证常数的准确性.
