《广西贺州平桂高级中学2024届高一数学第二学期期末考试模拟试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广西贺州平桂高级中学2024届高一数学第二学期期末考试模拟试题含解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、广西贺州平桂高级中学2024届高一数学第二学期期末考试模拟试题注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知，若将它的图象向右平移个单位长度，得到函数的图象，则函数的图象的一条对称轴的方程为（ ）ABCD2在中，角A、B、C所对的边分别为a、b、c，且若，则的形状是（）A等腰三角形B直角三角形C等边三角形D等
2、腰直角三角形3若直线与圆交于两点，关于直线对称，则实数的值为（ ）ABCD4过点且与直线垂直的直线方程是（ ）ABCD5设，且，则（）ABCD6水平放置的，用斜二测画法作出的直观图是如图所示的，其中，,则绕AB所在直线旋转一周后形成的几何体的表面积为（ ）ABCD7已知等差数列中，若，则（ ）A-21B-15C-12D-178已知向量满足：，则（ ）ABCD9若直线平分圆的周长，则的值为（ ）A-1B1C3D510已知在三角形中，点都在同一个球面上，此球面球心到平面的距离为，点是线段的中点，则点到平面的距离是（ ）ABCD1二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知正四棱锥的底
3、面边长为，高为，则该四棱锥的侧面积是_12已知向量，且，则_13我国南宋时期著名的数学家秦九韶在其著作数书九章中独立提出了一种求三角形面积的方法“三斜求积术”，即的，其中 分别为内角的对边.若，且则的面积的最大值为_14的最大值为_.15若，且，则的最小值为_.16方程组对应的增广矩阵为_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。172019年某开发区一家汽车生产企业计划引进一批新能源汽车制造设备，通过市场分析，全年需投入固定成本3000万元，每生产x（百辆），需另投入成本万元，且，由市场调研知，每辆车售价6万元，且全年内生产的车辆当年能全部销售完.（1
4、）求出2019年的利润（万元）关于年产量x（百辆）的函数关系式；（利润=销售额成本）（2）2019年产量为多少（百辆）时，企业所获利润最大？并求出最大利润.18某种笔记本的单价是5元，买个笔记本需要y元，试用函数的三种表示法表示函数.19某校为了了解学生每天平均课外阅读的时间（单位：分钟)，从本校随机抽取了100名学生进行调查，根据收集的数据，得到学生每天课外阅读时间的频率分布直方图，如图所示，若每天课外阅读时间不超过30分钟的有45人.（)求，的值；（)根据频率分布直方图，估计该校学生每天课外阅读时间的中位数及平均值（同一组中的数据用该组区间的中点值代表).20已知直角梯形中， ， ， ，
5、， ，过作，垂足为， 分别为的中点，现将沿折叠，使得（1）求证： （2）在线段上找一点，使得，并说明理由21如图已知平面，点，分别为，的中点.(1)求证：/平面;(2)求直线与平面所成角的大小.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、B【解析】分析：由左加右减，得出解析式，因为解析式为正弦函数，所以令，解出，对k进行赋值，得出对称轴.详解：由左加右减可得，解析式为正弦函数，则令，解得：，令，则 ，故选B.点睛：三角函数图像左右平移时，需注意要把x放到括号内加减，求三角函数的对称轴，则令等于正弦或余弦函数的对称轴公式，求
6、出x解析式，即为对称轴方程.2、C【解析】直接利用余弦定理的应用求出A的值，进一步利用正弦定理得到：bc，最后判断出三角形的形状【详解】在ABC中，角A、B、C所对的边分别为a、b、c，且b2+c2a2+bc则：，由于：0A，故：A由于：sinBsinCsin2A，利用正弦定理得：bca2，所以：b2+c22bc0，故：bc，所以：ABC为等边三角形故选C【点睛】本题考查了正弦定理和余弦定理及三角形面积公式的应用，主要考查学生的运算能力和转化能力，属于基础题型3、A【解析】由题意，得直线是线段的中垂线，则其必过圆的圆心，将圆心代入直线，即可得本题答案【详解】解：由题意，得直线是线段的中垂线，所
7、以直线过圆的圆心，圆的圆心为，解得.故选：A.【点睛】本题给出直线与圆相交，且两个交点关于已知直线对称，求参数的值着重考查了直线与圆的位置关系等知识，属于基础题.4、D【解析】由已知直线方程求得直线的斜率，再根据两直线垂直，得到所求直线的斜率，最后用点斜式写出所求直线的方程.【详解】已知直线的斜率为： 因为两直线垂直所以所求直线的斜率为又所求直线过点所以所求直线方程为：即：故选：D【点睛】本题主要考查了直线与直线的位置关系及直线方程的求法，还考查了运算求解的能力，属于基础题.5、B【解析】利用两角和差正切公式可求得；根据范围可求得；利用两角和差公式计算出；利用两角和差余弦公式计算出结果.【详解
8、】 ，又本题正确选项：【点睛】本题考查利用三角恒等变换中的两角和差的正余弦和正切公式求解三角函数值的问题，涉及到同角三角函数关系的应用；关键是能够熟练应用两角和差公式进行配凑，求得所需的三角函数值.6、B【解析】先根据斜二测画法的性质求出原图形,再分析绕AB所在直线旋转一周后形成的几何体的表面积即可.【详解】根据斜二测画法的性质可知,原是以为底,高为的等腰三角形.又.故为边长为2的正三角形.则绕AB所在直线旋转一周后形成的几何体可看做两个以底面半径为,高为的圆锥组合而成.故表面积为.故选：B【点睛】本题主要考查了斜二测画法还原几何图形与旋转体的侧面积求解.需要根据题意判断出旋转后的几何体形状再
9、用公式求解.属于中档题.7、A【解析】根据等差数列的前n项和公式得：，故选A.8、D【解析】首先根据题中条件求出与的数量积，然后求解即可.【详解】由题有，即，所以.故选：D.【点睛】本题主要考查了向量的模，属于基础题.9、D【解析】求出圆的圆心坐标，由直线经过圆心代入解得.【详解】解：所以的圆心为因为直线平分圆的周长所以直线过圆心，即解得，故选：D.【点睛】本题考查直线与圆的位置关系的综合应用，属于基础题10、D【解析】利用数形结合，计算球的半径，可得半径为2，进一步可得该几何体为正四面体，可得结果.【详解】如图据题意可知：点都在同一个球面上可知为的外心，故球心必在过且垂直平面的垂线上因为，所
10、以球心到平面的距离为即，又所以同理可知：所以该几何体为正四面体，由点是线段的中点所以，且平面，故平面所以点到平面的距离是故选：D【点睛】本题考查空间几何体的应用，以及点到面的距离，本题难点在于得到该几何体为正四面体，属中档题.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】四棱锥的侧面积是 12、【解析】根据的坐标表示，即可得出，解出即可【详解】，【点睛】本题主要考查平行向量的坐标关系应用13、【解析】由已知利用正弦定理可求，代入“三斜求积”公式即可求得答案【详解】因为，所以整理可得 ，由正弦定理得 因为，所以所以当时，的面积的最大值为【点睛】本题用到的知识点有同角三角函数的基
11、本关系式，两角和的正弦公式，正弦定理等，考查学生分析问题的能力和计算整理能力14、3【解析】由余弦型函数的值域可求得整个函数的值域，进而得到最大值.【详解】 ，即故答案为：【点睛】本题考查含余弦型函数的值域的求解问题，关键是明确在自变量无范围限制时，余弦型函数的值域为.15、【解析】将变换为，展开利用均值不等式得到答案.【详解】若，且，则时等号成立.故答案为【点睛】本题考查了均值不等式，“1”的代换是解题的关键.16、【解析】根据增广矩阵的概念求解即可.【详解】方程组对应的增广矩阵为,故答案为：.【点睛】本题考查增广矩阵的概念，是基础题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说
12、明、证明过程或演算步骤。17、（1）；（2）2019年年产量为100百辆时，企业所获利润最大，最大利润为5800万元.【解析】（1）先阅读题意，再分当时，当时，求函数解析式即可；（2）当时，利用配方法求二次函数的最大值，当时，利用均值不等式求函数的最大值，一定要注意取等的条件，再综合求分段函数的最大值即可.【详解】解：（1）由已知有当时，当时，即，（2）当时，当时，取最大值，当时，当且仅当，即时取等号，又 故2019年年产量为100百辆时，企业所获利润最大，最大利润为5800万元.【点睛】本题考查了函数的综合应用，重点考查了分段函数最值的求法，属中档题.18、见解析.【解析】根据定义域，分别利
13、用解析法，列表法，图像法表示即可.【详解】解：这个函数的定义域是数集.用解析法可将函数表示为，.用列表法可将函数表示为笔记本数12345钱数510152025用图象法可将函数表示为：【点睛】本题考查函数的表示方法，注意函数的定义域，是基础题.19、（)；（)中位数估计值为32，平均数估计值为32.5.【解析】（）由频率分布直方图的性质列出方程组，能求出，；（）由频率分布直方图，能估计该校学生每天课外阅读时间的中位数及平均值【详解】（)由题意得，解得（)设该校学生每天课外阅读时间的中位数估计值为，则解得：.该校学生每天课外阅读时间的平均数估计值为：.答：该校学生每天课外阅读时间的中位数估计值为32，平均数估计值为32.5.【点睛】本题考查频率、中位数、平均数的求法，考查频率分布直方图的性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题20、（1）见解析 （2）【解析】试题分析：（）由已知得：面面 ；（II）分析可知，点满足时，面BDR面BDC理由如下先计算 再求得， ，再证面面 面试题解析：（）由已知得：面面 （II）分析可知，点满足时，面BDR面BDC理由如下：取中点，连接容易计算 在 中 可知，在中， 又在中，为中点面 ，面 面21、 (1)见证明；(2) 【解析】（1）要证线面平行即证线线平行，本题连接A1B, （2）取中点,连接证明平面
