《甘肃省张掖市二中2024年高一数学第二学期期末检测模拟试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省张掖市二中2024年高一数学第二学期期末检测模拟试题含解析（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、甘肃省张掖市二中2024年高一数学第二学期期末检测模拟试题考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1若关于的方程有两个不同解，则实数的取值范围为（ ）ABCD2已知两座灯塔和与海洋观察站的距离都等于5，灯塔在观察站的北偏东，灯塔在观察站的南偏东，
2、则灯塔与灯塔的距离为（ ）ABCD3若关于的方程有且只有两个不同的实数根，则实数的取值范围是（ ）ABCD4在长方体中，,则异面直线与所成角的余弦值为( ) ABC D5已知函数,则在上的单调递增区间是（ ）ABCD6为了从甲、乙两组中选一组参加“喜迎国庆共建小康”知识竞赛活动.班主任老师将两组最近的次测试的成绩进行统计，得到如图所示的茎叶图.若甲、乙两组的平均成绩分别是.则下列说法正确的是（ ）A，乙组比甲组成绩稳定,应选乙组参加比赛B，甲组比乙组成绩稳定.应选甲组参加比赛C，甲组比乙组成绩稳定.应选甲组参加比赛D，乙组比甲组成绩稳定,应选乙组参加比赛7当点到直线的距离最大时，m的值为（ ）
3、A3B0CD18的内角，的对边分别为，.已知，则（ ）ABCD9已知点在第三象限，则角的终边在（ ）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限10直线与直线垂直，则的值为（ ）A3BC2D二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11在直角坐标系中，直线与直线都经过点，若，则直线的一般方程是_.12圆台两底面半径分别为2 cm和5 cm，母线长为cm，则它的轴截面的面积是_cm2.13在中，是边上一点，且满足，若，则_.14已知算式，在方框中填入两个正整数，使它们的乘积最大，则这两个正整数之和是_.15定义为数列的均值,已知数列的均值,记数列的前项和是,若对于任意的正整数恒成立,则实数k
4、的取值范围是_16不等式的解集为_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17如图，在中，四边形是边长为的正方形，平面平面，若，分别是的中点.（1）求证：平面;（2）求证：平面平面;（3）求几何体的体积.18在锐角中，角的对边分别是，且.（1）求角的大小；（2）若，求面积的最大值.19已知函数为奇函数，且，其中，.（1）求，的值.（2）若，求的值.20已知直线的方程为（1）求直线所过定点的坐标；（2）当时，求点关于直线的对称点的坐标；（3）为使直线不过第四象限，求实数的取值范围21已知向量，（1）若，求的值（2）记，在中，满足，求函数的取值范围参考答案
5、一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】换元设，将原函数变为，根据函数图像得到答案.【详解】设，则，单调递增，则 如图：数的取值范围为故答案选D【点睛】本题考查了换元法，参数分离，函数图像，参数分离和换元法可以简化运算，是解题的关键.2、B【解析】根据题意画出ABC的相对位置，再利用正余弦定理计算【详解】如图所示，,，选B.【点睛】本题考查解三角形画出相对位置是关键，属于基础题3、B【解析】方程化为，可转化为半圆与直线有两个不同交点，作图后易得【详解】由得由题意半圆与直线有两个不同交点，直线过定点，作出半圆与直线，如
6、图，当直线过时，当直线与半圆相切（位置）时，由，解得所以的取值范围是故选：B.【点睛】本题考查方程根的个数问题，把问题转化为直线与半圆有两个交点后利用数形结合思想可以方便求解4、C【解析】连接，交于，取的中点，连接、 ，可以证明是异面直线与所成角，利用余弦定理可求其余弦值.【详解】连接，交于，取的中点，连接.由长方体可得四边形为矩形，所以为的中点，因为为的中点，所以，所以或其补角是异面直线与所成角.在直角三角形中，则，所以.在直角三角形中，在中，故选C.【点睛】空间中的角的计算，可以建立空间直角坐标系把角的计算归结为向量的夹角的计算，也可以构建空间角，把角的计算归结平面图形中的角的计算.5、C
7、【解析】先令,则可求得的单调区间,再根据,对赋值进而限定范围即可【详解】由题,令,则,当时,在上单调递增,则当时,的单调增区间为,故选:C【点睛】本题考查正弦型函数的单调区间,属于基础题6、D【解析】由茎叶图数据分别计算两组的平均数；根据数据分布特点可知乙组成绩更稳定；由平均数和稳定性可知应选乙组参赛.【详解】；乙组的数据集中在平均数附近 乙组成绩更稳定应选乙组参加比赛本题正确选项：【点睛】本题考查茎叶图的相关知识，涉及到平均数的计算、数据稳定性的估计等知识，属于基础题.7、C【解析】求得直线所过的定点，当和直线垂直时，距离取得最大值，根据斜率乘积等于列方程，由此求得的值.【详解】直线可化为，
8、故直线过定点，当和直线垂直时，距离取得最大值，故，故选C.【点睛】本小题主要考查含有参数的直线过定点的问题，考查点到直线距离的最值问题，属于基础题.8、C【解析】利用正弦定理求出的值，由得出，可得出角的值，再利用三角形的内角和定理求出角的大小.【详解】由正弦定理得，则，则，所以，由三角形的内角和定理得，故选：C.【点睛】本题考查利用正弦定理解三角形，也考查了三角形内角和定理的应用，在解题时要注意正弦值所对的角有可能有两角，可以利用大边对大角定理或两角之和小于进行验证，另外就是要熟悉正弦定理解三角形所适用的基本情形，考查计算能力，属于中等题.9、B【解析】根据同角三角函数间基本关系和各象限三角函
9、数符号的情况即可得到正确选项.【详解】因为点在第三象限，则，所以，则可知角的终边在第二象限.故选：B.【点睛】本题考查各象限三角函数符号的判定，属基础题.相关知识总结如下：第一象限：；第二象限：；第三象限：；第四象限：.10、A【解析】根据两条直线垂直的条件列方程，解方程求得的值.【详解】由于直线与直线垂直，所以，解得.故选：A【点睛】本小题主要考查两条直线垂直的条件，属于基础题.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】点代入的方程求出k，再由求出直线的斜率，即可写出直线的点斜式方程.【详解】将点代入直线得，解得，又，于是的方程为，整理得.故答案为：【点睛】本题考查直线
10、的方程，属于基础题.12、63【解析】首先画出轴截面，然后结合圆台的性质和轴截面整理计算即可求得最终结果.【详解】画出轴截面，如图，过A作AMBC于M，则BM523(cm)，AM9(cm)，所以S四边形ABCD63(cm2)【点睛】本题主要考查圆台的空间结构特征及相关元素的计算等知识，意在考查学生的转化能力和计算求解能力.13、【解析】记,则,则可求出,设,得,故结合余弦定理可得,解得的值,即可求,进而求的值.【详解】根据题意,不妨设,则,因,所以,设,由,得,又,所以,故由余弦定理可得,即,整理得:,即,所以,所以,所以,故答案为:.【点睛】本题主要考查了余弦定理在解三角形中的综合应用以及同
11、角三角函数的基本关系式,属于中档题.14、.【解析】设填入的数从左到右依次为，则，利用基本不等式可求得的最大值及此时的和.【详解】设在方框中填入的两个正整数从左到右依次为，则，于是，当且仅当时取等号，此时.故答案为：15【点睛】本题考查基本不等式成立的条件，属于基础题.15、【解析】因为,从而求出,可得数列为等差数列,记数列为,从而将对任意的恒成立化为,即可求得答案.【详解】 , ,故,则,对也成立,则,数列为等差数列,记数列为.故对任意的恒成立,可化为:,；即,解得,故答案为:【点睛】本题考查了根据递推公式求数列通项公式和数列的单调性,掌握判断数列前项和最大值的方法是解题关键,考查了分析能力
12、和计算能力,属于中档题.16、【解析】将三阶矩阵化为普通运算，利用指数函数的性质即可求出不等式的解集.【详解】不等式化为，整理得，即，即不等式的解集为 故答案为：【点睛】此题考查了其他不等式的解法，指数函数的性质，以及三阶矩阵，是一道中档题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）详见解析(2)详见解析（2）【解析】试题分析：（1）如图，连接EA交BD于F，利用正方形的性质、三角形的中位线定理、线面平行的判定定理即可证明（2）利用已知可得：FG平面EBC，可得FBG就是线BD与平面EBC所成的角经过计算即可得出（3）利用体积公式即可得出试题解
13、析：（1）如图，连接，易知为的中点.因为，分别是和的中点，所以，因为平面，平面，所以平面.（2）证明：因为四边形为正方形，所以.又因为平面平面，所以平面.所以.又因为，所以.所以平面.从而平面平面.（3）取AB中点N,连接，因为，所以，且.又平面平面，所以平面.因为是四棱锥，所以.即几何体的体积.点睛：本题考查了正方形的性质、线面，面面平行垂直的判定与性质定理、三棱锥的体积计算公式、线面角的求法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题18、（1）；（2）【解析】（1）利用正弦定理边转化为角，逐步化简，即可得到本题答案；（2）由余弦定理得，综合，得，从而可得到本题答案.【详解】（1）因为，所以，即，所以，又，所以，由为锐角三角形，则；（2）因为，所以，所以，即（当且仅当时取等号），所以.【点睛】本题主要考查利用正弦定理边角转化求角，以及余弦定理和基本不等式综合运用求三角形面积的最大值.19、 (1)；（2）.【解析】试题分析：（1）先根据奇函数性质得y2cos(2x)为奇函数，解得 ，再根据解得a（2）根据条件化简得sin，根据同角三角函数关系得cos，最后根据两角和正弦公式求sin的值试题解析：(1)因为f(x)(a2cos2x)cos(2x)是奇函数，而y1a2cos2x为偶函数，所以y2cos(2x)为奇函数，由(0，)，得，所以f(x)sin 2x
