《广东省广州市增城区四校2024届高一数学第二学期期末达标检测试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省广州市增城区四校2024届高一数学第二学期期末达标检测试题含解析（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、广东省广州市增城区四校2024届高一数学第二学期期末达标检测试题注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给
2、出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知向量，若，则（ ）ABCD2下列各角中与角终边相同的是（ ）ABCD3函数的图象的一条对称轴方程是（ ）ABCD4设集合,则（ ）ABCD5已知且,则的取值范围是（ ）ABCD6设为实数，且，则下列不等式成立的是 （ ）ABCD7若向量互相垂直，且，则的值为（ ）ABCD8等比数列的各项均为正数，且，则（ ）ABCD9已知，则在方向上的投影为（ ）ABCD10演讲比赛共有9位评委分别给出某选手的原始评分，评定该选手的成绩时，从9个原始评分中去掉1个最高分、1个最低分，得到7个有效评分.7个有效评分与9个原始评分相比，不变的数字特征是A中位数B平均数
3、C方差D极差二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知方程的四个根组成一个首项为的等差数列，则_12某中学从甲乙丙3人中选1人参加全市中学男子1500米比赛，现将他们最近集训中的10次成绩（单位：秒）的平均数与方差制成如下的表格：甲乙丙平均数250240240方差151520根据表中数据，该中学应选_参加比赛13某程序框图如图所示，则该程序运行后输出的的值为_14已知等差数列则 15在等差数列中，若，则的前13项之和等于_.16函数的最大值为 三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知圆经过点，且圆心在直线：上.（1）求圆的方程；（
4、2）过点的直线与圆交于两点，问在直线上是否存在定点，使得恒成立？若存在，请求出点的坐标；若不存在，请说明理由.18已知数列中，.(1)求证：是等比数列，求数列的通项公式；(2)已知：数列，满足求数列的前项和；记集合若集合中含有个元素，求实数的取值范围.19（1）若关于x的不等式m2x22mxx2x1恒成立，求实数m的取值范围（2）解关于x的不等式（x1）（ax1）0，其中a120已知向量, 的夹角为, 且, .(1) 求 ；(2) 求 .21（1）求函数的单调递增区间；（2）求函数，的单调递减区间.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项
5、是符合题目要求的1、D【解析】由共线向量的坐标表示可得出关于实数的方程，解出即可.【详解】向量，且，解得.故选：D.【点睛】本题考查利用共线向量的坐标表示求参数的值，解题时要熟悉共线向量坐标之间的关系，考查计算能力，属于基础题.2、D【解析】写出与终边相同的角，取值得答案【详解】解：与终边相同的角为，取，得，与终边相同故选：D【点睛】本题考查终边相同角的表示法，属于基础题3、A【解析】由,得，,故选A.4、B【解析】试题分析：由已知得，故，选B考点：集合的运算5、A【解析】分析：，由，可得，又，可得，化简整理即可得出.详解：，由，可得，又，可得，化为，解得，则的取值范围是.故选：A.点睛：本题
6、考查了基本不等式的性质、一元二次不等式的解法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题.6、C【解析】本题首先可根据判断出项错误，然后令可判断出项和项错误，即可得出结果。【详解】因为，所以，故错；当时，故错；当时，故错，故选C。【点睛】本题考查不等式的基本性质，主要考查通过不等式性质与比较法来比较实数的大小，可借助取特殊值的方法来进行判断，是简单题。7、B【解析】首先根据题意得到，再计算即可.【详解】因为向量互相垂直，所以.所以.故选：B【点睛】本题主要考查平面向量模长的计算，同时考查了平面向量数量积，属于简单题.8、D【解析】本题首先可根据数列是各项均为正数的等比数列以及计算出的值，然后根据对数
7、的相关运算以及等比中项的相关性质即可得出结果【详解】因为等比数列的各项均为正数，所以，所以，故选D【点睛】本题考查对数的相关运算以及等比中项的相关性质，考查的公式为以及在等比数列中有，考查计算能力，是简单题9、A【解析】在方向上的投影为，选A.10、A【解析】可不用动笔，直接得到答案，亦可采用特殊数据，特值法筛选答案【详解】设9位评委评分按从小到大排列为则原始中位数为，去掉最低分，最高分，后剩余，中位数仍为，A正确原始平均数，后来平均数平均数受极端值影响较大，与不一定相同，B不正确由易知，C不正确原极差，后来极差可能相等可能变小，D不正确【点睛】本题旨在考查学生对中位数、平均数、方差、极差本质
8、的理解.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】把方程（x22x+m）（x22x+n）0化为x22x+m0，或x22x+n0，设是第一个方程的根，代入方程即可求得m，则方程的另一个根可求；设另一个方程的根为s，t，（st）根据韦达定理可知s+t2根据等差中项的性质可知四个跟成的等差数列为，s，t，进而根据数列的第一项和第四项求得公差，则s和t可求，进而根据韦达定理求得n，最后代入|mn|即可【详解】方程（x22x+m）（x22x+n）0可化为x22x+m0，或x22x+n0，设是方程的根，则将代入方程，可解得m，方程的另一个根为设方程的另一个根为s，t，（st）则由根与
9、系数的关系知，s+t2，stn，又方程的两根之和也是2，s+t由等差数列中的项的性质可知，此等差数列为，s，t，公差为3，s，t，nst|mn|故答案为【点睛】本题主要考查了等差数列的性质考查了学生创造性思维和解决问题的能力12、乙 ；【解析】一个看均值，要均值小，成绩好；一个看方差，要方差小，成绩稳定【详解】乙的均值比甲小，与丙相同，乙的方差与甲相同，但比丙小，即乙成绩好，又稳定，应选乙、故答案为乙【点睛】本题考查用样本的数据特征来解决实际问题一般可看均值（找均值好的）和方差（方差小的稳定），这样比较易得结论13、【解析】根据程序框图，依次计算运行结果，发现输出的S值周期变化，利用终止运行的
10、条件判断即可求解【详解】由程序框图得：;第一次运行 第二次运行第三次运行故周期为4，当，程序运行了2019次，故的值为故答案为【点睛】本题考查程序框图，根据程序的运行功能判断输出值的周期变化是关键，是基础题14、1【解析】试题分析：根据公式，将代入，计算得n=1考点：等差数列的通项公式15、【解析】根据题意，以及等差数列的性质，先得到，再由等差数列的求和公式，即可求出结果.【详解】因为是等差数列，所以，即，记前项和为，则.故答案为：【点睛】本题主要考查等差数列前项和的基本量的运算，熟记等差数列的性质以及求和公式即可，属于基础题型.16、【解析】略三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写
11、出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）（2）在直线上存在定点，使得恒成立，详见解析【解析】（1）求出弦中垂线方程，由中垂线和直线相交得圆心坐标，再求出圆半径，从而得圆标准方程；（2）直线斜率存在时，设方程为，代入圆的方程，得的一元二次方程，同时设交点为由韦达定理得，假设定点存在，设其为，由求得，再验证所作直线斜率不存在时，点也满足题意【详解】（1）的中点为，的垂直平分线的斜率为，的垂直平分线的方程为，的垂直平分线与直线交点为圆心，则，解得，又 圆的方程为.（2）当直线的斜率存在时，设直线的斜率为，则过点的直线方程为，故由，整理得，设，设，则，即，当斜率不存在时，成立，在直线上存在定点，使
12、得恒成立【点睛】本题考查求圆的标准方程，考查与圆有关的定点问题求圆的标准方程可先求出圆心坐标和圆的半径，然后得标准方程，注意圆心一定在弦的中垂线上定点问题，通常用设而不求思想，即设直线方程与圆方程联立消元后得一元二次方程，设直线与圆的交点坐标为，由韦达定理得，然后设定点坐标如本题，再由条件求出，若不能求出说明定点不存在，如能求出值，注意验证直线斜率不存在时，此定点也满足题意18、 (1) 证明见解析， (2)【解析】(1)计算得到： 得证.(2) 计算的通项公式为，利用错位相减法得到.将代入集合M，化简并分离参数得，确定数列的单调性，根据集合中含有个元素得到答案.【详解】(1) ，为等比数列，
13、其中首项，公比为.所以，.(2)数列的通项公式为 -化简后得.将代入得化简并分离参数得，设，则易知由于中含有个元素，所以实数要小于等于第5大的数，且比第6大的数大.，综上所述.【点睛】本题考查了数列的证明，数列的通项公式，错位相减法，数列的单调性，综合性强计算量大，意在考查学生的计算能力和综合应用能力.19、 (1) m；(2)见解析【解析】（1）利用0列不等式求出实数m的取值范围；（2）讨论0a1、a0和a0，分别求出对应不等式的解集【详解】（1）不等式m2x22mxx2x1化为（m2+1）x2（2m1）x+10，由m2+10知，（2m1）24（m2+1）0，化简得4m30，解得m，所以实数m的取值范围是m；（2）0a1时，不等式（x1）（ax1）0化为（x1）（x）0，且1，解得x1或x，所以不等式的解集为x|x1或x；a0时，不等式（x1）（ax1）0化为（x1）0，解得x1，所以不等式的解集为x|x1；a0时，不等式（x1）（ax1）0化为（x1）（x）0，且1，解得x1，所以不等式的解集为x|x1综上知，0a1时，不等式的解集为x
