《湖北省第五届2023-2024学年数学高一下期末教学质量检测试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省第五届2023-2024学年数学高一下期末教学质量检测试题含解析（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省第五届2023-2024学年数学高一下期末教学质量检测试题注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给
2、出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1与直线垂直于点的直线的一般方程是 （ ）ABCD2若向量，|2，若()2，则向量与的夹角( )ABCD3已知圆关于直线成轴对称图形，则的取值范围ABCD4如图，正方体的棱长为1，线段上有两个动点E、F，且，则下列结论中错误的是ABC三棱锥的体积为定值D5已知2弧度的圆心角所对的弧长为2，则这个圆心角所对的弦长是（ ）ABCD6sin480等于（ ）ABCD7已知，若，则等于（ ）ABCD8某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为()A12B18C24D309已知正四面体ABCD中，E是AB的中点，则异面直线CE与BD所成角的余弦值为( )ABCD1
3、0若且，则的最小值是（ ）A6B12C24D16二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11若是等比数列，则_12执行如图所示的程序框图，则输出的S的值是_. 13在等比数列中，则_.14已知直线过点，则直线的倾斜角为_.15_16圆的一条经过点的切线方程为_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17如图，中，角 的平分线长为1(1)求；(2)求边的长18已知函数.（1）若函数的周期，且满足，求及的递增区间；（2）若，在上的最小值为，求的最小值.19 已知圆过点和，且圆心在直线上.（）求圆的标准方程；（）求直线：被圆截得的弦长.20一汽车厂生
4、产，三类轿车，每类轿车均有舒适型和标准型两种型号，某月的产量如下表(单位：辆)：按类用分层抽样的方法在这个月生产的轿车中抽取50辆，其中有类轿车10辆轿车轿车轿车舒适型100150标准型300450600（1）求的值；（2）用分层抽样的方法在类轿车中抽取一个容量为5的样本将该样本看成一个总体，从中任取2辆，求至少有1辆舒适型轿车的概率；（3）用随机抽样的方法从类舒适型轿车中抽取8辆，经检测它们的得分如下：9.4，8.6，9.2，9.6，8.7，9.3，9.0，8.2 把这8辆轿车的得分看作一个总体，从中任取一个得分数，记这8辆轿车的得分的平均数为，定义事件，且函数没有零点，求事件发生的概率21
5、已知关于的不等式（1）当时，解上述不等式（2）当时，解上述关于的不等式参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、A【解析】由已知可得这就是所求直线方程，故选A. 2、A【解析】根据向量的数量积运算，向量的夹角公式可以求得.【详解】由已知可得： ，得 ，设向量与的夹角为 ，则 所以向量与的夹角为故选A.【点睛】本题考查向量的数量积运算和夹角公式，属于基础题.3、D【解析】根据圆关于直线成轴对称图形得，根据二元二次方程表示圆得，再根据指数函数的单调性得的取值范围【详解】解：圆关于直线成轴对称图形，圆心在直线上，解得又圆的半径
6、，故选：D【点睛】本题考查了直线与圆的位置关系，属中档题4、D【解析】可证，故A正确；由平面ABCD，可知，B也正确；连结BD交AC于O，则AO为三棱锥的高，三棱锥的体积为为定值，C正确；D错误。选D。5、D【解析】由弧长公式求出圆半径，再在直角三角形中求解【详解】，如图，设是中点，则，故选D【点睛】本题考查扇形弧长公式，在求弦长时，常在直角三角形中求解6、D【解析】试题分析：因为，所以选D.考点：诱导公式，特殊角的三角函数值.7、A【解析】根据向量的坐标运算法则,依据题意列出等式求解.【详解】由题知:,因为,所以,故,故选:A.【点睛】本题考查向量的坐标运算,属于基础题.8、C【解析】试题分
7、析：由三视图可知，几何体是三棱柱消去一个同底的三棱锥，如图所示，三棱柱的高为，消去的三棱锥的高为，三棱锥与三棱柱的底面为直角边长分别为和的直角三角形，所以几何体的体积为，故选C考点：几何体的三视图及体积的计算【方法点晴】本题主要考查了几何体的三视图的应用及体积的计算，着重考查了推理和运算能力及空间想象能力，属于中档试题，解答此类问题的关键是根据三视图的规则“长对正、宽相等、高平齐”的原则，还原出原几何体的形状，本题的解答的难点在于根据几何体的三视图还原出原几何体和几何体的度量关系，属于中档试题9、B【解析】试题分析：如图，取中点，连接，因为是中点，则，或其补角就是异面直线所成的角，设正四面体棱
8、长为1，则，故选B考点：异面直线所成的角【名师点睛】求异面直线所成的角的关键是通过平移使其变为相交直线所成角，但平移哪一条直线、平移到什么位置，则依赖于特殊的点的选取，选取特殊点时要尽可能地使它与题设的所有相减条件和解题目标紧密地联系起来如已知直线上的某一点，特别是线段的中点，几何体的特殊线段10、D【解析】试题分析：，当且仅当时等号成立，所以最小值为16考点：均值不等式求最值二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】根据等比数列的通项公式求解公比再求和即可.【详解】设公比为,则.故故答案为：【点睛】本题主要考查了等比数列的基本量求解,属于基础题型.12、4【解析】模拟程
9、序运行，观察变量值的变化，寻找到规律周期性，确定输出结果【详解】第1次循环：，；第2次循环：，；第3次循环：，；第4次循环：，；S关于i以4为周期，最后跳出循环时，此时.故答案为：4.【点睛】本题考查程序框图，考查循环结构解题关键是由程序确定变量变化的规律：周期性13、【解析】根据等比数列中，得到公比，再写出和，从而得到.【详解】因为为等比数列，所以，所以，所以.故答案为：.【点睛】本题考查等比数列通项公式中的基本量计算，属于简单题.14、【解析】根据两点求斜率的公式求得直线的斜率，然后求得直线的倾斜角.【详解】依题意，故直线的倾斜角为.【点睛】本小题主要考查两点求直线斜率的公式，考查直线斜率
10、和倾斜角的对应关系，属于基础题.15、【解析】将写成，切化弦后，利用两角和差余弦公式可将原式化为，利用二倍角公式可变为，由可化简求得结果.【详解】本题正确结果：【点睛】本题考查利用三角恒等变换公式进行化简求值的问题，涉及到两角和差余弦公式、二倍角公式的应用.16、【解析】根据题意，设为，设过点圆的切线为，分析可得在圆上，求出直线的斜率，分析可得直线的斜率，由直线的点斜式方程计算可得答案【详解】根据题意，设为，设过点圆的切线为，圆的方程为，则点在圆上，则，则直线的斜率，则直线的方程为，变形可得，故答案为【点睛】本题考查圆的切线方程，注意分析点与圆的位置关系三、解答题：本大题共5小题，共70分。解
11、答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、 (1) (2) 【解析】（1）由题意知为锐角，利用二倍角余弦公式结合条件可计算出的值；（2）利用内角和定理以及诱导公式计算出，在中利用正弦定理可计算出.【详解】（1），则B为锐角，；（2），在中，由，得.【点睛】本题考查二倍角余弦公式、以及利用正弦定理解三角形，解三角形有关问题时，要根据已知元素类型合理选择正弦定理与余弦定理，考查计算能力，属于中等题18、（1），；（2）2.【解析】（1）由函数的性质知，关于直线对称，又函数的周期，两个条件两个未知数，列两个方程，所以可以求出，进而得到的解析式，求出的递增区间；（2）求出的所有解，再解不等式，即可
12、求出的最小值【详解】（1），由知，对称轴，又，,由，得，函数递增区间为；（2）由于，在上的最小值为，所以，即，所以，所以.【点睛】本题主要考查三角函数解析式、单调区间以及最值的求法，特别注意用代入法求单调区间时，要考虑复合函数的单调性，以免求错19、（）（）【解析】（）设出圆心坐标和圆的标准方程，将点带入求出结果即可；（）利用圆心到直线的距离和圆的半径解直角三角形求得弦长.【详解】解：（）由题意可设圆心坐标为，则圆的标准方程为，解得故圆的标准方程为.（）圆心到直线的距离，直线被圆截得的弦长为.【点睛】本题考查了圆的方程，以及直线与圆相交求弦长的知识，属于基础题.20、（1）400；（2）；（3
13、）【解析】（1）由分层抽样按比例可得；（2）把5个样本编号，用列举法列出任取2辆的所有基本事件，得出至少有1辆舒适型轿车的基本事件，计数后可得概率（3）求出，确定事件所含的个数后可得概率【详解】（1）由题意，解得；（2）C类产品中舒适型和标准型产品数量比为，因此5人样品中舒适型抽取了2辆，标准型抽取了3辆，编号为，任取2辆的基本事件有：共10个，其中至少有1辆舒适型轿车的基本事件有共7个，所求概率为（3）由题意，满足的有共6个，函数没有零点，则，解得，再去掉，还有4个，所求概率为【点睛】本题考查分层抽样，考查古典概型，解题关键是用列举法写出所有的基本事件21、（1）（2）当时，解集为，当时，解集为，当时，解集为或【解析】（1）将代入，结合一元二次不等式解法即可求解.（2）根据不等式，对分类讨论，即可由零点大小确定不等式的解集.【详解】（1）当时，代入可得，解不等式可得，所以不等式的解集为.（2）关于的不等式若，当时，代入不等式可得，解得；当时，化简不等式可得，由解不等式可得，当时，化简不等式可得，解不等式可得或，综上可知，当时，不等式解集为，当时，不等式解集为，当时，不等式解集为或【点睛】本题考查了一元二次不等式的解法，含参数分类讨论的应用，属于基础题.
