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1、1、（1）（6分）BCD（2）(9分）解： 以左边气体为研究对象，根据玻意耳定律得 P0LAS= P1LA1S P1=80cmHg h1= P1- P0 =4cm 设右侧液面上升h2左侧空气柱后来的压强 PB2(LB-h2)S=P0LBS PB2=P1-2h2 得到h2=1cm PB2=78cmHg 2、（1）（6分）BCD（2）(共9分）对活塞进行受力分析：pS=p0S 得：p=p0=1.0105Pa （2分） 设活塞上升到卡球处时气体温度为T，体积为lS；初状态体积l0S，温度为T1，则： 得：T=360KT2=540K （2分）气体还将进行等容变化，初状态压强为p0，温度为T，末状态压强
2、为，温度为T2， 则： 得：p2=1.5105Pa （2分）该封闭气体仅在等压膨胀过程中对外做功，则：W=FS=p0S(l-l0)=30J （3分）3、（1）A B D (5分)（2）(10分)解：（i）设气缸内气体压强为为细线中的张力，则活塞A、B及细杆这个整体的平衡条件为 (2分)解得 代入数据得 (1分)由式看出，只要气体压强，细线就会拉直且有拉力，于是活塞不会移动当气缸内气体等容，温度下降使压强降到时，细线拉力变为零，再降温时活塞开始向右移，设此时温度为，压强有 (1分)得 (2分)（）再降温，细线松了，要平衡必有气体压强是等压降温过程，活塞右移、体积相应减小，当A到达两圆筒联接处时，
3、温度为， (2分)得 (2分)4、（1）BDE（2）（2）解：由理想气体状态方程：有：.3分 其中 P1=P0+h P2=P0-h1 V1=LS V2=(L-h1)ST1=273+t1 T2=273+t2 . 各1分解得：t2=-301分5、（1）（6分）BCE（2）（9分）解：对气体I，初状态 （1分）末状态 （1分）由玻意耳定律 （2分）解得: （1分）对气体，初状态 （1分）末状态 （1分）由玻意耳定律 （1分） 且即,A活塞上升的高度 （1分）6、(1)ACE（2）【解析】（1）设开始时封闭气体压强为，每次添加的水银产生的压强为，玻璃管的横截面积为，由玻意耳定律列方程得：设第二次水银添
4、加完时空气柱长度为，由玻意耳定律列方程得：连理解得： （2）把玻璃管在竖直面内缓慢的沿顺时针方向旋转600，由玻意耳定律列方程得：P0hS=( P0+2Psin300)h/S 联立解得：h/=0.75h7、1）ADE（2）V1300 L试题分析：（6分）居民厨房的容积为V224 m324 000 L设有V1升天然气泄漏出来，将其作为研究对象，它经历等温过程，泄漏前后的气压分别为p1和p2。达到发生爆炸的气压条件是(1分) 由 得 （2分）代入数值，得V1300 L。 （2分）（4分）爆炸瞬间气体来不及外泄，经历的是一个等容过程。爆炸前的温度为压强为 (1分)爆炸后的温度由 （2分） 代入数值，
5、得 （2分）8、(1)ADE （5分）(2)（5分）气体加热缓慢上升的过程中,处于等压过程,设上升时温度为,气体发生等压变化,由盖吕萨克定律得: 联立解得:（5分）上升过程中,根据热力学第一定律得:其中,即,9、(1)ACE1）因气缸水平放置，又不计活塞的摩擦，故平衡时两气室内的压强必相等，均为P设在活塞A向右移动d的过程中活塞B向右移动的距离为x，平衡时两气缸内压强均为P，因温度不变，根据玻意耳定律，得气室1pL1S=p（L1-d+x）S-气室2pL2S=p（L2-x）S-由上面两式解得x=2cm将x=2cm代式，得p=1.1105Pa（2）活塞A固定，气室2中气体的体积恢复为L2S时，温度
6、升高为T2，压强增大为p，此过程为等容过程，运用查理定律=这时气室1中气体的体积为（L1-d）S，压强增大为p，温度仍为27，为等温过程，根据玻意耳定律，得pL1S=p（L1-d）S解方程组得T2=44.610、 BCE 解：设开始时封闭气体的压强为P0，添加的水银对气体产生的压强为P，由玻意耳定律得： 得 再加水银后，气体的压强变为：，设第二次加水银后气柱长为h，则有： 可得： 气柱长度恢复到原来的长度h，则有 可得：11、（1）（6分）BCD（2）（9分）气体做等温变化 PA1=P0+ghA =(7+5)cmHg=80 cmHg（2分）VA1=6S VA2=5S PA1 VA1=PA2 V
7、A2 （2分） PA2=96 cmHg（1分）（3）PA3=P0+gh3=(75+23) cmHg=98 cmHg（1分）（2分）T3=367.5K=94.5C （1分）12、（1） BC E （5分）（2）（10分）对于理想气体：AB （3分）BC （3分）AC的过程中是吸热吸收的热量（4分）13、（1）BCE（2）解析：（i）以气缸为研究对象，受力分析，受到重力、外界大气压力，气缸内气体的压力，根据平衡条件得： 则：。（ii）温度升高，气缸内气体的压强不变，体积增大，根据气体等压变化方程得： 当活塞与气缸将分离时，气柱的总长度为，代入数据得： 解得：。14、(1）BCD(2) 解：A中气体
8、的压强为：对A气体由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，解得：活塞N向右移动的距离为： B气体温度为：T1=273+t1=273+27K=300K，T2=273+t2由查理定律：，得：所以：t2=T2273=12715、(1)ABE（2）活塞缓慢左拉的过程中，气体B做等温变化 （2分） 75cmHg20SpB225S（设S为玻璃管横截面） pB260cmHg （2分）左右管中水银面的高度差h=(75-60)cm=15cm （1分）活塞被缓慢的左拉的过程中，气体A做等温变化pA1=（75+25）cmHg=100cmHg （1分）pA2=(75+5)cmHg=80cmHg （2分） （1分）1001
9、0S80LA2S LA212.5cm （1分）16、(1)【答案】 BCD（5分）【解析】气态、液态和固态物质之间都能发生扩散现象，A错误；分子运动永不停息，扩散现象也永不停息，B正确；潮湿的地面变干，是水分子运动到了空气中，属于扩散现象，C正确；靠近梅花能闻到梅花的香味，是因为梅花释放的香气分子在空气中不断扩散，D正确；风是太阳辐射引起的空气流动现象，E错误。(2)【解析】 根据题意，A中气体的体积变为原来的，则B中气体的体积变为原来体积的，即 (1分)B中气体发生等温变化，根据玻意耳定律有 （2分）解得稳定后B中气体的压强= 1l05 Pa (l分)对A中气体，初态：= 1l05 Pa (
10、l分)末态：=0.75105 Pa (l分)对A中气体，由理想气体状态方程有（2分）解得=450 K (2分)17、(1)BCD(2)（10分）【解析】：A中气体的压强为：对A气体由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，解得：活塞N向右移动的距离为：B气体温度为：T1=273+t1=273+27K=300K，T2=273+t2由查理定律：，得：所以：t2=T2273=12718、1） BCD （2）P =2105Pa V0=40 L19、（1）)(6分)ADE （2） （9分）（1）气体做等温变化 PA1=P0+ghA =(7+5)cmHg=80 cmHg （2分）VA1=6S VA2=5SPA1
11、 VA1=PA2 VA2 （2分） PA2=96 cmHg （1分）（3）PA3=P0+gh3=(75+23) cmHg=98 cmHg （1分）（2分） T3=367.5K=94.5C （1分）20、【答案】ABC答案：（2）内能增加250J（5分）；127（5分）Uh解析：（2）设汽缸内气体的压强为p，选活塞为研究对象，活塞缓慢移动受力平衡，根据力的平衡知识得：，Pa。（1分）活塞在上升h=10cm的过程中气体对外界做功J。（1分）电阻丝在通电10s内产生的热量为J，（1分）因为汽缸是绝热的，所以电阻丝产生的热量全部被气体吸收。根据热力学第一定律得：J，即气体的内能增加了250J。（2分）内气体的压强保持不变，由，（3分）得K，即缸内气体的温度是127。（2分）第 页
