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1、.聚焦考点直线和圆锥曲线的地点关系直线与圆锥曲线的地点关系是历年高考命题的热门；试题拥有必定的综合性，覆盖面大，不单考察“三基”掌握的状况，并且要点考察学生的作图、数形联合、等价转变、分类议论、逻辑推理、合理运算，以及运用数学知识剖析问题和解决问题的能力。在近几年的高考取，每年风格都在变换，考察思想的矫捷性，在研究中求创新。详细来说，这些问题常波及到圆锥曲线的性质和直线的基本知识点，如直线被圆锥曲线截得的弦长、弦中点问题，垂直问题，对称问题。与圆锥曲线性质有关的量的取值范围等是近几年命题的新趋势。纵观近几年高考和各种类考试，能够发现：1研究直线与圆锥曲线地点关系的问题，往常有两种方法：一是转变
2、为研究方程组的解的问题，利用直线方程与圆锥曲线方程所构成的方程组消去一个变量后，将交点问题（包含公共点个数、与交点坐标有关的问题）转变为一元二次方程根的问题，联合根与系数的关系及鉴别式解决问题；二是运用数形联合，快速判断某些直线和圆锥曲线的地点关系。2波及弦长问题，利用弦长公式及韦达定理求解，波及弦的中点及中点弦问题，利用差分法较为简易。3充散发挥鉴别式和韦达定理在解题中的作用。灵巧应用数形联合的思想、函数思想、等价转变思想、分类议论思想解题。热门透析题型1：直线与圆锥曲线的交点个数问题例1已知双曲线C:2x2y2=2与点P(1，2)求过P(1，2)点的直线l的斜率取值范围，使l与C分别有一个
3、交点，两个交点，没有交点.若Q(1，1)，试判断以Q为中点的弦能否存在.解:(1)当直线l的斜率不存在时，l的方程为x=1,与曲线C有一个交点.当l的斜率存在时，设直线l的方程为y2=k(x1),代入C的方程，并整理得(2k2)x2+2(k22k)xk2+4k6=0.(*)()当2k2=0,即k=时，方程(*)有一个根，l与C有一个交点.()当2k20,即k时=2(k2k24(2k2)(k2k6)=16(3k)2)+42当=0,即kk=时，方程*)有一个实根，l与C有一个交点.32=0,(当0,即k,又k,故当k或k或k时，方程(*)有两不等实根，l与C有两个交点.当，即k时，方程*)无解，l
4、与C无交点.0(综上知:当k=,或k=，或k不存在时，l与C只有一个交点；当k,或k,或k时，l与C有两个交点；当k时，l与C没有交点.假定以Q为中点的弦存在，设为AB，且A(x1,y1),B(x2,y2)，则2x12y12=2,2x22y22=2两式相减得:2(x1x2)(x1+x2)=(y1y2)(y1+y2)又x1x2=2,y1y2=22(x1x2)=y1y1即kAB=2+=但渐近线斜率为,联合图形知直线AB与C无交点，所以假定不正确，即以Q为中点的弦不存在.剖析第一问考察直线与双曲线交点个数问题，归纳为方程组解的问题.第二问考察办理直线与圆锥曲线问题的第二种方法“点差法”.易错点提示:
5、第一问，求二次方程根的个数，忽视了二次项系数的议论.第二问，算得以Q为中点弦的斜率为2，就认为所求直线存在了.技巧与方法:波及弦长的中点问题，常用“点差法”设而不求，将弦所在直线的斜率，弦的中点坐标联系起来，互相转变.热身训练1直线与双曲线的右支交于不一样的两点A、B。1）务实数k的取值范围。2）能否存在实数k，使得以线段AB为直径的圆经过双曲线C的右焦点F？若存在，求出k的值；若不存在，请说明原因。【解】（1）将直线l的方程y=kx+1代入双曲线C的方程后，整理得。依题意，直线l与双曲线C的右支交于不一样的两点，故解得k的取值范围为（2）设A、B两点的坐标分别为、，则由式得假定存在实数k，使
6、得以线段AB为直径的圆经过双曲线C的右焦点，则由得：，即。.整理得。把式及代入式，化简得。解得或（舍去）。存在使得以线段AB为直径的圆经过双曲线C的右焦点。题型2：有关弦长问题【例2】如下图，已知椭圆与抛物线有公共焦点，M是它们的一个交点，若，且。（1）求椭圆及抛物线的方程；（2）能否存在过F的直线l被椭圆及抛物线截得的弦长相等，若存在，求出l的方程；若不存在，说明原因。【解】（1）的焦点，准线：，p=2c。设，由，得，由，得，.，c=2。，代入，解得，椭圆方程为，抛物线方程为。（2）设直线l的方程为，与联立，得。将l的方程与椭圆方程联立，得：由。存在直线l，其方程为：或。题型3：与中点弦有关
7、的问题（ 【例3】已知双曲线方程。1）过M（1，1）的直线交双曲线于A、B两点，若M为弦AB中点，求直线AB的方程。.（2）能否存在直线l，使为l被双曲线所截弦的中点，若存在，求出直线l的方程；若不存在，请说明原因。【解】此题波及弦的中点问题，能够采纳差分法解决。（1）设，则，则有-得。，。若，由知，则点A、B均不在双曲线上，与题设矛盾，。直线AB的方程为，即x-2y+1=0。双曲线的一条渐近线方程为，而，直线x-2y+1=0与双曲线交于两点，x-2y+1=0为所求。.（2）假定过N的直线l交双曲线于，则有，。两式相减，得。依题意，。双曲线的一条渐近线方程为，而，直线l与双曲线没有公共点，认为
8、弦中点的直线不存在。题型4：对称问题【例4】在以O为原点的直角坐标系中，点A（4，-3）为的直角极点，已知，且点B的纵坐标大于零。（1）求向量的坐标；（2）求圆对于直线OB对称的圆的方程；（3）能否存在实数a，使抛物线上总有对于直线OB对称的两个点？若不存在，原因；若存在，求a的取值范围。【说明】这是一个特别好的、综合性强的题目要仔细研究。【解】（1）设，则由，.得，解得，或，得。故。（2）由，得B（10，5），于是直线OB的方程为：。由题设可知，圆的标准方程为：。得圆心（3，-1），半径为。设圆心（3，-1）对于直线OB的对称点为（x，y），则，得。故所求圆的方程为。（3）设为抛物线上对于直
9、线OB对称的两点，则，得，即为方程的两个相异实根。于是由，得。.故当时，抛物线上总有对于直线OB对称的两点。【评析】对称性问题是高考的热门，一般包含点对称与直线对称，要重视此类问题的惯例解法，如此题主要考察两个方面：一是中点在对称轴上；二是利用垂直关系，经过联立方程组求解。一般状况下，对称问题都能够转变为点的对称来加以解决。热身训练1若抛物线上总存在对于直线对称的两点，求的范围.解法一:（对称曲线订交法）曲线对于直线对称的曲线方程为.假如抛物线上总存在对于直线对称的两点，则两曲线与必有不在直线上的两个不一样的交点(如图所示)，进而可由:.代入得有两个不一样的解，.解法二:（对称点法）.设抛物线
10、上存在异于于直线的交点的点，且对于直线的对称点也在抛物线上.则必有两组解.(1)-(2)得:必有两个不一样解.，有解.进而有有两个不等的实数解.即:有两个不等的实数解.，.解法三:（点差法）设抛物线上认为端点的弦对于直线对称，且以为中点是抛物线（即）内的点.进而有.由(1)-(2)得:.由.进而有.热身训练2试确立的取值范围，使得椭圆上有不一样两点对于直线对称.解:设椭圆上认为端点的弦对于直线对称，且认为中点是椭圆内的点.进而有.由(1)-(2)得:由由在直线上进而有.热身训练3已知直线过定点A(4,0)且与抛物线交于P、Q两点，若以PQ为直径的圆恒过原点O，求的值.解:可设直线的方程为代入得
11、.设，则.由题意知，OPOQ，则即此时，抛物线的方程为.题型5：圆锥曲线中几何量的范围问题【例5】已知常数a0，向量m=（0，a），n=（1，0），经过定点A（0，-a）以m+n为方向向量的直线与经过定点B（0，a），以n+2m为方向向量的直线相交于点P，此中。（1）求点P的轨迹C的方程；（2）若，过E（0，1）的直线l交曲线C于M、N两点，求的取值范围。【解】（1）设P点的坐标为（x，y），则，又n，m，故mn，nm。由题知向量与向量mn平行，故。.又向量与向量nm平行，故。双方程联立消去参数，得点P（x，y）的轨迹方程是，即。（2），故点P的轨迹方程为，此时点E（0，1）为双曲线的焦点。若
12、直线l的斜率不存在，其方程为x=0，l与双曲线交于，此时。若直线l的斜率存在，设其方程为y=kx+1，代入化简得。直线l与双曲线交于两点，且，即。设两交点为，则。此时。.当-1k1或k-1时，故。综上所述，的取值范围是。热身训练1如图，已知某椭圆的焦点是F1(，、F2，0)，过点F2并垂直于B，且40)(4x轴的直线与椭圆的一个交点为F1BF2B，椭圆上不一样的两点|+|=10A(x1,y1),C(x2,y2)知足条件:|F2A|、|F2B|、|F2C|成等差数列.求该椭圆的方程；求弦AC中点的横坐标；设弦AC的垂直均分线的方程为y=kx+m，求m的取值范围.命题企图:此题考察直线、椭圆、等差数列等基本知识，一、二问较简单，第三问奇妙地借助中垂线来求参数的范围，设计新奇，综合性，灵巧性强.知识依靠:椭圆的定义、等差数列的定义，办理直线与圆锥曲线的方法.错解剖析:第三问在表达出“k=y0”时，忽视了“k=0”时的状况，理不清题目中变量间的关系.技巧与方法:第一问利用椭圆的第必定义写方程；第二问利用椭圆的第二定
