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1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、金属矩形线圈abcd在匀强磁场中做如图所示的运动，线圈中有感应电流的是ABCD2、两根材料相同的均匀导线x和y，其中，x长为l，y长为2l，串联在电路中时沿长度方向的电
2、势随位置的变化规律如图所示，那么，x和y两导线的电阻和横截面积之比分别为() A3116B2316C3215D31513、某同学做一小实验，在上端开口的塑料瓶靠近底部的侧面打一个小孔，用手握住水瓶并按住小孔，注满水，移开手指水就会从孔中射出，然后释放水瓶，发现水不再射出(瓶内水足够多)，这是因为水瓶在下落过程中水()A处于超重状态B处于失重状态C做匀速直线运动D做匀减速直线运动4、某电场的电场线如图所示，某点电荷在A和B两点所受电场力分别为FA、FB，则FA、FB的大小关系是 （ ）AFAFBBFAFBCFA=FBD电荷正负不明无法判断5、下列说法中正确的是()A某种形式的能量减少，一定有其他
3、形式的能量增加B能量耗散表明，能量的总量并不守恒C随着科技的发展，能量是可以凭空产生的D随着科技的发展，永动机是可以制成的6、物体在做平抛运动的过程中，下列哪些量是不变的（ ）A物体运动的加速度B物体的速度C物体竖直向下的分速度D物体位移的方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、物体在力、的共同作用下处于平衡状态，若突然撤去外力，则物体的运动情况可能是A匀加速直线运动B匀减速直线运动C匀速直线运动D匀变速曲线运动8、如图所示，竖直面内，A、B、C、D位于同一半径为r的
4、圆上且ABCD，在C点有一固定点电荷，电荷量为+Q，现从A点将一质量为m，电荷量为-q的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为 ，规定电场中B点的电势为零。则在+Q形成的电场中（ ）AA点电势高于D点电势BD点电势为-CO点电场强度大小是A点的倍D点电荷-q在D点具有的电势能为-9、一台直流电动机额定电压为100 V正常工作时电流为20 A，线圈内阻为0.5 ，那么在1 min内是（ ）A电动机线圈产生的热量为1.2105 JB电动机消耗的电能为1.2105 JC电动机的机械功率为1.8103 WD电源输入给电动机的功率为2.0 kW10、如图所示，虚线a、b、c代表电
5、场中三条电场线，实线为一带电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知 （ ）A带点质点在P点的加速度大于在Q点的加速度B带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小D带电质点一定带负电三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测出了单摆在摆角小于5时完成n次全振动的时间为t，如图（A）所示用毫米刻度尺测得摆线长为L，又用游标卡尺测得摆球直径为d，如图（B）所示。（1）由图可知摆球直径是_cm，单摆摆长是_m。（2）实验
6、中某同学每次的测定值都比其它同学偏大，其原因可能是_A他的摆球比别的同学重B他的摆没在竖直面内摆动，而成了圆锥摆C数摆动次数时，在记时的同时，就开始数1，误将29次全振动记成了30次D直接将线长作为摆长来计算（3）利用单摆周期公式测定重力加速度时测出不同摆长L时相应周期值T，做T2-L图线，如图所示。T2与L的关系式T2=_，利用图线上任两点A、B的坐标（x1，y1）、（x2，y2）可求出图线的斜率k=_，再由k可求出g=_。12（12分）在测量金属丝的电阻率的实验中：(1)如图所示，用螺旋测微器测金属丝的直径为_ mm.(2)已知电阻丝的电阻约为10 ，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选
7、用，应选用的器材有_(只填代号)A量程是00.6 A，内阻是0.5 的电流表；B量程是03 A，内阻是0.1 的电流表；C量程是03 V，内阻是6 k的电压表；D量程是015 V，内阻是30 k的电压表；E阻值为01 k，额定电流为0.5 A的滑动变阻器；F阻值为020 ，额定电流为2 A的滑动变阻器；G蓄电池(6 V)；H开关一个，导线若干四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）从离地面高为H=80m的高空自由下落一个小球，(取g=10m/s2.)求：（1）小球经过多长时间落到地面；（2）小球落地的速度大小；
8、（3）小球最后1s内下落的位移14（16分）如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，且CD4cm，CD连线和场强方向成=60角一个电子从D点移到C点过程中电场力做功为3.21017J，求：（电子的电荷量e=1.601019C）（1）A、B间匀强电场的场强；（2）A、B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？15（12分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角，一电子(其电荷量为e=1.610-19C)从a移到b电场力做功为Wab=3.210-18J求：(1)匀强电场的
9、场强大小及方向.(2)电子从b移到c，电场力对它做功.(3)a、c两点的电势差等于多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A图示时刻穿过线圈的磁通量为零，当线圈转动时，磁通量增加，将产生感应电流。故A正确。B线圈转动过程中，线圈始终与磁场平行，没有磁感线穿过线圈，线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生。故B错误。C线圈运动过程中，线圈与磁场平行，没有磁感线穿过线圈，穿过线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生。故C错误。D线圈在匀强磁场中运动，根据=BS知，磁通量保持不变，没有感应电流
10、产生。故D错误。2、A【解析】x和y两端的电势差分别为6V，2V，电流相等，根据欧姆定律得： ，根据电阻定律得：，则有，则横截面积之比为：，故A正确3、B【解析】当水瓶被释放后，水瓶及水均做自由下落运动，加速度为g，向下做匀加速直线运动，则均处于失重状态；故ACD错误；B正确；故选B【点睛】判断物体超重和失重很简单；只要明确物体的加速度的方向即可；加速度向下，则物体失重；加速度向上，则物体超重4、A【解析】由电场线的疏密可知A点的电场强度高于B点，所以同一点电荷在A点所受电场力比B点大，电场力的大小与电荷的正负无关。故A正确。故选A。5、A【解析】试题分析：热力学第一定律：热力系内物质的能量可
11、以传递，其形式可以转换，在转换和传递过程中各种形式能源的总量保持不变热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零解：A、根据能量守恒定律，某种形式的能量减少，一定有其他形式的能量增加，故A正确；B、能量耗散表明，能量的总量虽然守恒，但其转化和转移具有方向性，故B错误；C、根据能量守恒定律，能量是不能创生的，故C错误；D、永动机违背了热力学第一和第二定律，故是不可能制造成功的，故D错误；故选A点评：本题考查了热力学第一定律和热力学第二定律，要明确自然界的总能量是守恒的，但其转化和
12、转移具有方向性6、A【解析】平抛运动的物体加速度不变，A正确；速度的大小方向均不断变化，竖直向下的分速度逐渐变大，位移的方向也不断变化，BCD不正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】撤去，其余力的合力与等值、反向、共线，与速度方向不共线时，物体做匀变速曲线运动，共线时做匀变速直线运动，即可能是匀加速直线或匀减速直线，故ABD正确，C错误8、AB【解析】由题意可知，沿着电场线的方向，电势降低，而电场线从正电荷发散，则A点的电势高于D点电势，故A正确；-q
13、电荷从A到D运动，根据动能定理，则有：mgr-W电=mv2-0，解得：W电=mgr；规定电场中B点的电势为零，AB 两点对称，因由D到B点电场力做正功，则电势能减小，因此D点的电势能为EPD=mgr；根据公式D=，故B正确，D错误；根据点电荷电场强度公式，E=，电场强度的大小与间距的平方成反比，CA=CO，则有O点电场强度大小是A点的2倍，故C错误；故选AB。9、BCD【解析】A. 电动机线圈产生的热量为故A错误。B. 电动机消耗的电能为W=UIt=1002060J=1.2105J故B正确。C. 根据能量守恒定律得：电动机对外做功W外=W-Q=1.08105J所以电动机的机械功率为故C正确。D
14、. 电源输入给电动机的功率是电功率为P=UI=10020W=2.0kW故D正确。10、AB【解析】A、电场线密的地方表示场强大，故P点的电场强度大，则电场力大，根据牛顿第二定律可知P加速度也大；故A正确.B、C、根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右方，从P到Q过程中电场力做负功，电势能增大，动能减小，故P点的电势能小,动能大，故B正确,C错误；D、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于不知道电场的方向，因此无法确定质点带正电还是带负电，故D错误.故选AB.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.00 1.0000 BC 【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为20mm，游标读数为0.10mm=0.0mm，则最终读数为20.0mm=2.00cm摆长的大小l=99.00cm+1.00cm=100.00cm=1.0000m。根据得，。（2）根据得，。A、由公式可知，重力加速度的测量值的大小与摆球的质量无关。故A错误；B、他的摆没在竖直面内摆动，而成了圆锥摆，设圆锥摆的摆线与竖直方向之间的夹角为，则：可得：可知圆锥摆的周期小于单摆的周期；由于T的测量值减小，所以重力加速度g的测量值增大。故B正确；C、数摆动次数时，在记时的同时，就开始数1，
