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1、第7章 刚体力学习题解答第7章 刚体力学习题解答7.1.1 设地球绕日作圆周运动.求地球自转和公转的角速度为多少rad/s?估算地球赤道上一点因地球自转具有的线速度和向心加速度.估算地心因公转而具有的线速度和向心加速度（自己搜集所需数据）.【解】（1）地球自转（2）地球公转7.1.2 汽车发动机的转速在12s内由1200rev/min增加到3000rev/min.（1）假设转动是匀加速转动，求角加速度.(2)在此时间内，发动机转了多少转？【解】（1）（2）所以 转数=7.1.3 某发动机飞轮在时间间隔t内的角位移为 球t时刻的角速度和角加速度.【解】7.1.4 半径为0.1m的圆盘在铅直平面内
2、转动，在圆盘平面内建立坐标系，原点在轴上.x和y轴沿水平和铅直向上的方向.边缘上一点A当t=0时恰好在x轴上，该点的角坐标满足求（1）t=0时，（2）自t=0开始转时，（3）转过时，A点的速度和加速度在x和y轴上的投影.【解】（1） （2）时，由（3）当时，由7.1.5 钢制炉门由两个各长1.5m的平行臂AB和CD支承，以角速度逆时针转动，求臂与铅直时门中心G的速度和加速度.【解】因炉门在铅直面内作平动，门中心G的速度、加速度与B或D点相同。所以：7.1.6 收割机拔禾轮上面通常装4到6个压板.拔禾轮一边旋转，一边随收割机前进.压板转到下方才发挥作用，一方面把农作物压向切割器，另一方面把切割下
3、来的作物铺放在收割台上，因此要求压板运动到下方时相对于作物的速度与收割机前进方向相反. 已知收割机前进速率为1.2m/s，拔禾轮直径1.5m，转速22rev/min,求压板运动到最低点挤压作物的速度.【解】取地面为基本参考系，收割机为运动参考系。取收割机前进的方向为坐标系正方向 7.1.7 飞机沿水平方向飞行，螺旋桨尖端所在半径为150cm，发动机转速2000rev/min.（1）桨尖相对于飞机的线速率等于多少？（2）若飞机以250km/h的速率飞行，计算桨尖相对于地面速度的大小，并定性说明桨尖的轨迹.【解】取地球为基本参考系，飞机为运动参考系。（1）研究桨头相对于运动参考系的运动： （2）研
4、究桨头相对于基本参考系的运动：由于桨头同时参与两个运动：匀速直线运动和匀速圆周运动。故桨头轨迹应是一个圆柱螺旋线。7.1.8 桑塔纳汽车时速为166km/h.车轮滚动半径为0.26m.自发动机至驱动轮的转速比为0.909.问发动机转速为每分多少转.【解】设发动机转速为，驱动轮的转速为。由题意： （1）汽车的速率为 （2）（2）代入（1）7.2.2 在下面两种情况下求直圆锥体的总质量和质心位置.（1）圆锥体为均质；（2）密度为h的函数:为正常数.【解】建立如图坐标O-x,由对称轴分析知质心在x轴上。由 得：（1）质量 （2）质量7.2.3 长度为的均质杆，令其竖直地立于光滑的桌面上，然后放开手，
5、由于杆不可能绝对沿铅直方向，故随即到下.求杆子的上端点运动的轨迹（选定坐标系，并求出轨迹的方程式）.【解】建立坐标系，水平方向为轴，竖直方向为轴.杆上端坐标为（x,y）,杆受重力、地面对杆竖直向上的支承力，无水平方向力。由 （质心运动定理）质心在杆的中点，沿水平方向质心加速度为零。开始静止，杆质心无水平方向移动。由杆在下落每一瞬时的几何关系可得： 即杆上端运动轨迹方程为： 7.2.4 （1）用积分法证明：质量为m长为的均质细杆对通过中心且与杆垂直的轴线的转动惯量等于.（2）用积分法证明：质量为m、半径为R的均质薄圆盘对通过中心且在盘面内的转动轴的转动惯量为.【解】（1）均质细杆不：建立水平方向
6、ox坐标轴 （2）均质薄圆盘 令 或利用公式7.3.2 图示实验用的摆，近似认为圆形部分为均质圆盘，长杆部分为均质细杆.求对过悬点且与摆面垂直的轴线的转动惯量.【解】 将摆分为两部分：均匀细杆（），均匀圆柱（） 则 = = （用平行轴定理） I=0.14+2.51=2.657.3.3 在质量为M半径为R的均质圆盘上挖出半径为r的两个圆孔，圆孔中心在半径R的中点，求剩余部分对过大圆盘中心且与盘面垂直的轴线的转动惯量.【解】设未挖两个圆孔时大圆盘转动惯量为I。如图半径为r的小圆盘转动惯量为和。则有 （） 7.3.5 一转动系统的转动惯量为，转速为，两制动闸瓦对轮的压力都为392N，闸瓦与轮缘间的摩
7、擦系数为，轮半径为，从开始制动到静止需要用多少时间？【解】 7.3.6 均质杆可绕支点O转动，当与杆垂直的冲力作用某点A时，支点O对杆的作用力并不因此冲力之作用而发生变化，则A点称为打击中心.设杆长为L，求打击中心与支点的距离.【解】杆不受作用时，支点O对杆的作用力，方向竖直向上，大小为杆的重量。依题意，当杆受力时，不变。建立如图坐标系，轴垂直纸面向外。由质心运动定理得：（方向投影）（质心在杆中点） （1）由转动定理得： （2）有角量与线量的关系 （3）（1）（2）（3）联立求解7.3.7 现在用阿特伍德机测滑轮转动惯量.用轻线且尽可能润滑轮轴.两端悬挂重物质量各为，且.滑轮半径为.自静止始，
8、释放重物后并测得内下降.滑轮转动惯量是多少？【解】分析受力。建立坐标系，竖直向下为轴正方向，水平向左为轴正方向。轴垂直纸面向里。根据牛顿第二定律，转动定理，角量与线量关系可列标量方程组：已知求解上列方程组：7.3.8 斜面倾角为，位于斜面顶端的卷扬机鼓轮半径为R，转动惯量为I，受到驱动力矩M，通过绳索牵引斜面上质量为m的物体，物体与斜面间的摩擦系数为，求重物上滑的加速度.绳与斜面平行，不计绳质量.【解】分析受力及坐标如图。轴垂直纸面向外。列标量方程组： （1） （2） （3） （4）解得：7.3.9 利用图中所示装置测一轮盘的转动惯量，悬线和轴的距离为r.为减小因不计轴承摩擦力矩而产生的误差，
9、先悬挂质量较小的重物，从距地面高度处由静止开始下落，落地时间为，然后悬挂质量较大的重物，同样由高度下落，所需时间为，根据这些数据确定轮盘的转动惯量.近似认为两种情况下摩擦力矩相同.【解】 分析受力及坐标如图。轴垂直纸面向里。列方程：解得 即 7.4.1 扇形装置如图，可绕光滑的铅直轴线O转动，其转动惯量I为.装置的一端有槽，槽内有弹簧，槽的中心轴线与转轴的垂直距离为r.在槽内装有一小球，质量为m，开始时用细线固定，只弹簧处于压缩状态.现用燃火柴烧断细线，小球以速度弹出.求转动装置的反冲角速度.在弹射过程中，由小球和转动装置构成的系统动能守恒否？总机械能守恒否？为什么？（弹簧质量不计）【解】取小
10、球和转动装置为物体系，建立顺时针为转动正方向。在弹射过程中，物体系相对于转动轴未受外力矩，故可知物体受对转轴的角动量守恒。有动能不守恒，原因是弹性力对系统作正功，物体系动能增加。总机械能守恒。原因是此过程中无耗散力做功。应有守恒关系式：7.4.2 质量为2.97kg，长为1.0m的均质等截面细杆可绕水平光滑的轴线O转动，最初杆静止于铅直方向.一弹片质量为10kg，以水平速度200m/s射出并嵌入杆的下端，和杆一起运动，求杆的最大摆角.【解】取子弹和杆为物体系。分两个过程。过程1：子弹嵌入前一瞬时开始到完全嵌入时为止。此过程时间极短，可视为在原地完成。此时受力为，为转轴对杆的支承力，对于轴，外力
11、矩为零。有角动量守恒。规定逆时针为转轴正方向。得:解得：过程2：由过程1末为始到物体系摆至最高点为止。此过程中一切耗散力做功为零。故物体系机械能守恒。取杆的最低点为重力势能零点。有解得 7.4.3 一质量为，速度为的子弹沿水平面击中并嵌入一质量为，长度为的棒的端点，速度与棒垂直，棒原来静止于光滑的水平面上.子弹击中棒后共同运动，求棒和子弹绕垂直于平面的轴的角速度等于多少？【解】取与为物体系。此物体系在水平面内不变外力矩。故角动量守恒，规定逆时针为转动正方向。设嵌入后物体系共同质心为，到棒右端距离为，棒自身质心为。由有物体系对点的角动量守恒可得：解得 7.4.4 某典型脉冲星，半径为几千米，质量
12、与太阳的质量大致相等，转动角速率很大.试估算周期为50ms的脉冲星的转动动能.（自己查找太阳质量的数据）【解】7.5.1 10m高的烟囱因底部损坏而倒下来，求其上端到达地面时的线速度.设倒塌时底部未移动.可近似认为烟囱为细均质杆.【解】7.5.2 用四根质量各为m长度各为的均质细杆制成正方形框架，可绕其一边的中点在竖直平面内转动，支点O是光滑的.最初，框架处于静止且AB边沿竖直方向，释放后向下摆动，求当AB边达到水平时，框架质心的线速度以及框架作用于支点的压力N.【解】框架对O点的转动惯量：在框架摆动过程中，仅受重力和支点的支撑力，重力为保守力，支撑力不做功，故此过程中框架的机械能守恒。取过框
13、架中心的水平线为重力势能零点：有解得：框架转到AB水平位置时，故支点O对框架的作用力，仅有法向分量。由质心运动定理得：框架作用支点的力N与是作用力与反作用力。7.5.3 由长为，质量各为m的均质细杆制成正方形框架，其中一角连于光滑水平转轴O，转轴与框架所在平面垂直.最初，对角线OP处于水平，然后从静止开始向下摆动.求对角线OP与水平成时P点的速度，并求此时框架对支点的作用力.【解】 框架对O点转动惯量 由机械能守恒： 先求支点O对框架作用力， 由转动定理 ， 由质心运动定理： 投影得：解得：设N与方向夹角为，则7.5.4 质量为m长为的均质杆，其B端放在桌面上，A端用手支住，使杆成水平.突然释放A端，在此瞬时，求：（1）杆质心的加速度，（2）杆B端所受的力.【解】取杆为隔离体，受力分析及建立坐标如图。规定顺时针为转动正方向。依据质心运动定理有： （1）依据转动定理： （2）依据角量与线量关系： （3）此外， （
