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1、2023-2024学年湖北省黄冈市蕲春县高一数学第二学期期末质量跟踪监视模拟试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1阅读如图的程序框图，运行该程序，则输出的值为（ ）A3B1C-1D02已知，则（ ）ABCD3已知角A满足，则的值为（ ）ABCD4已
2、知向量，的夹角为45，若，则（ ）ABC2D35已知二次函数，当时，其抛物线在轴上截得线段长依次为，则的值是A1B2C3D46在中，角，所对的边为，且为锐角，若，则（ ）ABCD7两圆和的位置关系是（）A相离B相交C内切D外切8已知数列的前n项和为，且满足，则（ ）A1BCD20169已知函数，给出下列四个结论：函数满足； 函数图象关于直线对称；函数满足； 函数在是单调增函数；其中正确结论的个数是（ ）ABCD10若点，关于直线l对称，则l的方程为（）ABCD二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知直线与圆交于两点，过分别作的垂线与轴交于两点，则_.12如图，一栋建筑物AB高
3、（30-10）m，在该建筑物的正东方向有一个通信塔CD在它们之间的地面M点（B、M、D三点共线）测得对楼顶A、塔顶C的仰角分别是15和60，在楼顶A处测得对塔顶C的仰角为30，则通信塔CD的高为_m13已知向量、满足，且，则与的夹角为_.14底面边长为，高为的直三棱柱形容器内放置一气球，使气球充气且尽可能的膨胀（保持球的形状），则气球表面积的最大值为_15在空间直角坐标系中，三棱锥的各顶点都在一个半径为的球面上，为球心，则球的体积与三棱锥的体积之比是_.16在上，满足的的取值范围是_.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17在中，角的对边分别为，且满
4、足.（1）求角的大小；（2）若的面积为，是钝角，求b的最小值.18如图半圆的直径为4，为直径延长线上一点，且，为半圆周上任一点，以为边作等边（、按顺时针方向排列）（1）若等边边长为，试写出关于的函数关系；（2）问为多少时，四边形的面积最大？这个最大面积为多少？19已知,求证:(1);(2).20已知点，点为曲线上任意一点且满足（1）求曲线的方程；（2）设曲线与 轴交于两点，点是曲线上异于的任意一点，直线分别交直线：于点，试问轴上是否存在一个定点，使得？若存在，求出点的坐标；若不存在，请说明理由.21已知向量,.(1)求的坐标;(2)求.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分
5、。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】从起始条件、开始执行程序框图，直到终止循环.【详解】，输出.【点睛】本题是直到型循环，只要满足判断框中的条件，就终止循环，考查读懂简单的程序框图.2、C【解析】由放缩法可得出，再利用特殊值法以及不等式的基本性质可判断各选项中不等式的正误.【详解】，可得.取，则A、D选项中的不等式不成立；取，则B选项中的不等式不成立；且，由不等式的基本性质得，C选项中的不等式成立.故选：C.【点睛】本题考查不等式正误的判断，一般利用不等式的性质或特殊值法进行判断，考查推理能力，属于中等题.3、A【解析】将等式两边平方，利用二倍角公式可得出的值【
6、详解】，在该等式两边平方得，即，解得，故选A.【点睛】本题考查同角三角函数的基本关系，考查二倍角正弦公式的应用，一般地，解三角函数有关问题时，遇到，常用平方法来求解，考查计算能力，属于中等题4、C【解析】利用向量乘法公式得到答案.【详解】向量，的夹角为45故答案选C【点睛】本题考查了向量的运算，意在考查学生的计算能力.5、A【解析】当时，运用韦达定理得，运用裂项相消求和可得由此能求出【详解】当时，由，可得，由，故选：A【点睛】本题主要考查了函数的极限的运算，裂项相消求和，根与系数的关系，属于中档题6、D【解析】利用正弦定理化简，再利用三角形面积公式，即可得到，由，求得，最后利用余弦定理即可得到
7、答案【详解】由于，有正弦定理可得： ，即由于在中，所以，联立 ，解得：，由于为锐角，且，所以所以在中，由余弦定理可得：，故（负数舍去）故答案选D【点睛】本题考查正弦定理，余弦定理，以及面积公式在三角形求边长中的应用，属于中档题7、B【解析】由圆的方程可得两圆圆心坐标和半径；根据圆心距和半径之间的关系，即可判断出两圆的位置关系.【详解】由圆的方程可知，两圆圆心分别为：和；半径分别为：，则圆心距： 两圆位置关系为：相交本题正确选项：【点睛】本题考查圆与圆位置关系的判定；关键是明确两圆位置关系的判定是根据圆心距与两圆半径之间的长度关系确定.8、C【解析】利用和关系得到数列通项公式，代入数据得到答案.
8、【详解】已知数列的前n项和为，且满足， 相减：取 答案选C【点睛】本题考查了和关系，数列的通项公式，意在考查学生的计算能力.9、C【解析】求出余弦函数的周期，对称轴，单调性，逐个判断选项的正误即可【详解】函数，函数的周期为，所以正确；时，函数取得最大值，所以函数图象关于直线对称，正确；函数满足即所以正确；因为时，函数取得最大值，所以函数在上不是单调增函数，不正确；故选【点睛】本题主要考查余弦函数的单调性、周期性以及对称轴等性质的应用10、A【解析】根据A，B关于直线l对称，直线l经过AB中点且直线l和AB垂直，可得l的方程.【详解】由题意可知AB中点坐标是，因为A，B关于直线l对称，所以直线l
9、经过AB中点且直线l和AB垂直，所以直线l的斜率为，所以直线l的方程为，即，故选：A.【点睛】本题考查直线位置关系的应用，垂直关系利用斜率之积为求解，属于简单题.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】联立直线的方程和圆的方程，求得两点的坐标，根据点斜式求得直线的方程，进而求得两点的坐标，由此求得的长.【详解】由解得，直线的斜率为，所以直线的斜率为，所以，令，得，所以.故答案为4【点睛】本小题主要考查直线和圆的位置关系，考查相互垂直的两条直线斜率的关系，考查直线的点斜式方程，属于中档题.12、60【解析】由已知可以求出、的大小，在中，利用锐角三角函数，可以求出.在中，运
10、用正弦定理，可以求出.在中，利用锐角三角函数，求出.【详解】由题意可知：，由三角形内角和定理可知.在中，.在中，由正弦定理可知：，在中，.【点睛】本题考查了锐角三角函数、正弦定理，考查了数学运算能力.13、【解析】直接应用数量积的运算，求出与的夹角【详解】设向量、的夹角为；，.故答案为：【点睛】本题考查向量的夹角计算，考查函数与方程思想、转化与化归思想，考查逻辑推理能力和运算求解能力，属于基础题.14、【解析】由题意，气球充气且尽可能地膨胀时，气球的半径为底面三角形内切圆的半径 底面三角形的边长分别为，底面三角形的边长为直角三角形,利用等面积可求得气球表面积为4.15、【解析】首先根据坐标求出
11、三棱锥的体积，再计算出球的体积即可.【详解】有题知建立空间直角坐标系，如图所示由图知：平面，.故答案为：【点睛】本题主要考查三棱锥的外接球，根据题意建立空间直角坐标系为解题的关键，属于中档题.16、【解析】由，结合三角函数线，即可求解，得到答案.【详解】如图所示，因为，所以满足的的取值范围为.【点睛】本题主要考查了特殊角的三角函数值，以及三角函数线的应用，着重考查了推理与运算能力，属于基础题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）或.（2）【解析】（1）由正弦定理和三角恒等变换的公式，化简得，求得的值，即可求解角的大小；（2）由（1）和三角
12、形的面积公式，可求得，再由余弦定理和基本不等式，即可求解的最小值.【详解】（1）由题意，知，结合正弦定理得：，即，又在中，可得，因为 所以或.（2）由三角形的面积公式，可得，又由，所以，因为是钝角，所以，由余弦定理得，当且仅当时取等号，所以的最小值为.【点睛】本题主要考查了正弦定理、余弦定理和三角形的面积公式的应用，其中在解有关三角形的题目时，要抓住题设条件和利用某个定理的信息，合理应用正弦定理和余弦定理求解是解答的关键，着重考查了运算与求解能力，属于中档试题.18、（1）；（2）时，四边形OACB的面积最大，其最大面积为【解析】（1）根据余弦定理可求得（2）先表示出ABC的面积及OAB的面积
13、，进而表示出四边形OACB的面积，并化简函数的解析式为正弦型函数的形式，再结合正弦型函数最值的求法进行求解【详解】（1）由余弦定理得则 （2）四边形OACB的面积OAB的面积+ABC的面积则ABC的面积OAB的面积OAOBsin24sin4sin四边形OACB的面积4sin=sin（）当，即时，四边形OACB的面积最大，其最大面积为【点睛】本题考查利用正余弦定理求解面积最值，其中准确列出面积表达式是关键，考查化简求值能力，是中档题19、 (1)证明见详解；(2)证明见详解.【解析】（1）利用不等式性质，得，再证，最后证明；（2）先证，再证明.【详解】证明：(1)因为,所以,于是，即,由，得. (2)因为，所，又因为，所以，所以.【点睛】本题考查利用不等式性质证明不等式，需要熟练掌握不等式的性质，属综合基础题.20、（1）；（2）存在点使得成立. 【解析】（1）设P（x，y），由|PA|=2|PB|，得=2，由此能求出曲线的方程（2）由题意得M(0，1)，N(0，-1)，设点R(x0，y0)，（x00），由点R在曲线上，得=1，直线RM的方程，从而直线RM与直线y=3的交点为，直线RN的方程为，从而直线RN与直线y=3的交点为，假设存在点S(0，m)，使得成立，则，由此能求出存在点S，使得成立，且S点的坐标为.【详解】（1）设，由，得：，整理得.所以曲线的方程为.
