《2023-2024学年甘肃省兰州市示范初中高一数学第二学期期末监测试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023-2024学年甘肃省兰州市示范初中高一数学第二学期期末监测试题含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2023-2024学年甘肃省兰州市示范初中高一数学第二学期期末监测试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的
2、整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知直线与圆C相切于点，且圆C的圆心在y轴上，则圆C的标准方程为（ ）ABCD2已知正数组成的等比数列的前8项的积是81，那么的最小值是（ ）ABC8D63已知函数的零点是和（均为锐角），则（ ）ABCD4在中，分别是角，的对边，且满足，那么的形状一定是（ ）A等腰三角形B直角三角形C等腰或直角三角形D等腰直角三角形5如图，两个正方形和所在平面互相垂直，设、分别是和的中点，那么：；平面；、异面.其中不正确的序号是（ ）ABCD6在等比数列中，若
3、，则的值为（ ）ABCD7已知角的终边经过点，则的值是（ ）ABCD8中国古代有计算多项式值的秦九韶算法，右图是实现该算法的程序框图.执行该程序框图，若输入的，依次输入的为2，2，5，则输出的（ ）A7B12C17D349在正方体中，为棱的中点，则异面直线与所成角的余弦值为 （）ABCD10已知集合A=x|1x1，则AB=A（1，1）B（1，2）C（1，+）D（1，+）二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11己知是等差数列，是其前项和，则_.12若直线与曲线相交于A，B两点，O为坐标原点，当的面积取最大值时，实数m的取值_13已知递增数列共有项，且各项均不为零，如果从中任取两项，
4、当时，仍是数列中的项，则数列的各项和_14已知一个铁球的体积为，则该铁球的表面积为_.15函数，的值域为_16三棱锥的各顶点都在球的球面上，平面，球的表面积为，则的表面积为_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知.（1）求的值；（2）求的值.18已知数列是以为首项，为公比的等比数列，（1）求数列的通项公式；（2）若，求数列的前项和19已知函数是指数函数(1)求的表达式；(2)判断的奇偶性，并加以证明 (3)解不等式：20某运动爱好者对自己的步行运动距离（单位：千米）和步行运动时间（单位：分钟）进行统计，得到如下的统计资料：如果与存在线性相关关系
5、，（1）求线性回归方程（精确到0.01）；（2）将分钟的时间数据称为有效运动数据，现从这6个时间数据中任取3个，求抽取的3个数据恰有两个为有效运动数据的概率参考数据：，参考公式：，21如图所示，在三棱柱中，侧棱底面，D为的中点，.（1）求证：平面；（2）求与所成角的余弦值参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、C【解析】先代入点可得，再根据斜率关系列式可得圆心坐标，然后求出半径，写出标准方程【详解】将切点代入切线方程可得：，解得，设圆心为，所以，解得，所以圆的半径，所以圆的标准方程为故选：【点睛】本题考查了直线与圆的位
6、置关系，属中档题2、A【解析】利用等比数列的通项公式和均值不等式可得结果.【详解】由由为正项数列，可知 再由均值不等式可知所以（当且仅当时取等号）故选：A【点睛】本题主要考查等比数列的通项公式及均值不等式，属基础题.3、B【解析】将函数零点转化的解，利用韦达定理和差公式得到，得到答案.【详解】的零点是方程的解即均为锐角 故答案为B【点睛】本题考查了函数零点，韦达定理，和差公式，意在考查学生的综合应用能力.4、C【解析】由正弦定理，可得,.，或，或，即或，即三角形为等腰三角形或直角三角形，故选C.考点：1正弦定理;2正弦的二倍角公式.5、D【解析】取的中点，连接，连接，由线面垂直的判定和性质可判
7、断；由三角形的中位线定理，以及线面平行的判定定理可判断【详解】解：取的中点，连接，连接，正方形和所在平面互相垂直，、分别是和的中点，可得，平面，可得，故正确；由为的中位线，可得，且平面，可得平面，故正确，错误故选：D【点睛】本题主要考查空间线线和线面的位置关系，考查转化思想和数形结合思想，属于基础题6、B【解析】根据等比数列的性质：若，则.【详解】等比数列中，故选B.【点睛】本题考查等比数列的通项公式和性质，此题也可用通项公式求解.7、D【解析】首先计算出，根据三角函数定义可求得正弦值和余弦值，从而得到结果.【详解】由三角函数定义知：，则：本题正确选项：【点睛】本题考查任意角三角函数的求解问题
8、，属于基础题.8、C【解析】第一次循环： ；第二次循环： ；第三次循环： ；结束循环，输出 ，选C.点睛：算法与流程图的考查，侧重于对流程图循环结构的考查.先明晰算法及流程图的相关概念，包括选择结构、循环结构、伪代码，其次要重视循环起点条件、循环次数、循环终止条件，更要通过循环规律，明确流程图研究的数学问题，是求和还是求项.9、D【解析】利用，得出异面直线与所成的角为，然后在中利用锐角三角函数求出.【详解】如下图所示，设正方体的棱长为，四边形为正方形，所以，所以，异面直线与所成的角为，在正方体中，平面，平面，在中，因此，异面直线与所成角的余弦值为，故选D.【点睛】本题考查异面直线所成角的计算，
9、一般利用平移直线，选择合适的三角形，利用锐角三角函数或余弦定理求解，考查推理能力与计算能力，属于中等题10、C【解析】根据并集的求法直接求出结果.【详解】 ， ，故选C.【点睛】考查并集的求法，属于基础题.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、-1【解析】由等差数列的结合，代入计算即可.【详解】己知是等差数列，是其前项和，所以，得，由等差中项得，所以.故答案为-1【点睛】本题考查了等差数列前项和公式和等差中项的应用，属于基础题.12、【解析】点O到的距离，将的面积用表示出来，再利用均值不等式得到答案.【详解】曲线表示圆心在原点，半径为1的圆的上半圆，若直线与曲线相交于A，B两
10、点，则直线的斜率，则点O到的距离，又，当且仅当，即时，取得最大值所以，解得舍去)故答案为【点睛】本题考查了点到直线的距离，三角形面积，均值不等式，意在考查学生的计算能力.13、【解析】当时，仍是数列中的项，而数列是递增数列，所以必有，利用累加法可得：，故，得，故答案为.点睛：本题主要考查了数列的求和，解题的关键是单调性的利用以及累加法的运用，有一定难度；根据题中条件从中任取两项，当时，仍是数列中的项，结合递增数列必有，利用累加法可得结果.14、.【解析】通过球的体积求出球的半径，然后求出球的表面积.【详解】球的体积为 球的半径球的表面积为：故答案为：【点睛】本题考查球的表面积与体积的求法，考查
11、计算能力，属于基础题.15、【解析】先求的值域,再求的值域即可.【详解】因为,故,故.故答案为：【点睛】本题主要考查了余弦函数的值域与反三角函数的值域等,属于基础题型.16、【解析】根据题意可证得，而，所以球心为的中点由球的表面积为，即可求出，继而得出的值，求出三棱锥的表面积【详解】如图所示：，平面，又，故球心为的中点球的表面积为，即有，故的表面积为故答案为：【点睛】本题主要考查三棱锥的表面积的求法，球的表面积公式的应用，意在考查学生的直观想象能力和数学运算能力，属于基础题三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）；（2）【解析】试题分析：(1
12、)要求的值，根据两角和的正弦公式，可知还要求得，由于已知，所以，利用同角关系可得；（2）要求，由两角差的余弦公式我们知要先求得，而这由二倍角公式结合（1）可很容易得到.本题应该是三角函数最基本的题型，只要应用公式，不需要作三角函数问题中常见的“角”的变换，“函数名称”的变换等技巧，可以算得上是容易题，当然要正确地解题，也必须牢记公式，及计算正确.试题解析：（1）由题意，所以（2）由（1）得，所以【考点】三角函数的基本关系式，二倍角公式，两角和与差的正弦、余弦公式18、（1）；（2）【解析】（1）按等比数列的概念直接求解即可；（2）先求出的表达式，再利用裂项相消法即可求得数列的前项和.【详解】（
13、1）由等比数列通项公式得：（2）由（1）可得：【点睛】本题主要考查数列的通项公式问题及利用裂项相消法求和的问题，属常规考题.19、（1）（2）见证明；（3）【解析】(1)根据指数函数定义得到，检验得到答案.(2) ，判断关系得到答案.(3)利用函数的单调性得到答案.【详解】解：（1）函数是指数函数，且，可得或（舍去），；（2）由（1）得，是奇函数；（3）不等式：，以2为底单调递增，即，解集为【点睛】本题考查了函数的定义，函数的奇偶性，解不等式，意在考查学生的计算能力.20、（1）（2）【解析】（1）先计算所给数据距离、时间的平均值，利用公式求，再利用回归方程求.（2）由（1）计算的个数，先求从6个中任取3个数据的总的取法，再计算抽取的3个数据恰有两个为有效运动数据的取法，利用古典概型概率计算公式可得所求.【详解】解：（1）依题意得，所以又因为，故线性回归方程为（2）将的6个值，代入（1）中回归方程可知， 前3个小于30，后3个大于30 ，所以满足分钟的有效运动数据的共有3个，设3个有效运动数据为，另3个不是有效运动数据为，则从6个数据中任取3个共有20种情况（或一一列举），其中，抽取的3个数据恰有两个为有效运动数据的有9种情况，即，所以从这6个时间数据中任取
