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1、2023-2024学年福建省云霄立人学校数学高一下期末质量跟踪监视模拟试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题
2、卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1已知向量，则向量在向量方向上的投影为（ ）ABC-1D12已知直线，若，则（ ）A2BCD13某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为( )ABCD4已知角的终边经过点，则的值是（ ）ABCD5已知函数的导函数的图象如图所示，则（ ）A既有极小值，也有极大值B有极小值，但无极大值C有极大值，但无极小值D既无极小值，也无极大值6已知正方体ABCD-ABCD中,E、F分别为BB、CC的中点,那么异面直线AE与DF所成角的余弦值为( )ABC
3、D7已知内角，所对的边分别为，且满足，则=（ ）ABCD8已知定义域的奇函数的图像关于直线对称，且当时，则（ ）ABCD9已知等差数列的公差为2，且是与的等比中项，则等于( )ABCD10在平面直角坐标系中，为坐标原点，为单位圆上一点，以轴为始边，为终边的角为，若将绕点顺时针旋转至，则点的坐标为（ ）ABCD二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知，若数列满足，则等于_12角的终边经过点，则_13在等比数列中，已知，则=_.14已知数列是等差数列，若，则公差_.15已知数列满足则的最小值为_.16已知，则_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或
4、演算步骤。17已知数列满足,设.(1)求,;(2)证明:数列是等比数列,并求数列和的通项公式.18已知函数.（1）当时，解不等式；（2）若， 的解集为，求的最小値.19已知分别是锐角三个内角的对边，且，且.() 求的值；()求面积的最大值；20如图，某人在离地面高度为的地方，测得电视塔底的俯角为，塔顶的仰角为，求电视塔的高.（精确到）21设是等差数列，且成等比数列.（1）求的通项公式；（2）记的前项和为，求的最小值.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、A【解析】根据投影的定义和向量的数量积求解即可【详解】解：，向量
5、在向量方向上的投影，故选：A【点睛】本题主要考查向量的数量积的定义及其坐标运算，属于基础题2、D【解析】当为,为,若,则,由此求解即可【详解】由题,因为,所以,即,故选:D【点睛】本题考查已知直线垂直求参数问题,属于基础题3、C【解析】通过三视图可以判断这一个是半个圆柱与半个圆锥形成的组合体，利用圆柱和圆锥的体积公式可以求出这个组合体的体积.【详解】该几何体为半个圆柱与半个圆锥形成的组合体，故，故选C.【点睛】本题考查了利用三视图求组合体图形的体积，考查了运算能力和空间想象能力.4、D【解析】首先计算出，根据三角函数定义可求得正弦值和余弦值，从而得到结果.【详解】由三角函数定义知：，则：本题正
6、确选项：【点睛】本题考查任意角三角函数的求解问题，属于基础题.5、B【解析】由导函数图象可知，在上为负，在上非负，在上递减，在递增，在处有极小值，无极大值，故选B.6、C【解析】连接DF,因为DF与AE平行,所以DFD即为异面直线AE与DF所成角的平面角,设正方体的棱长为2,则FD=FD=,由余弦定理得cos DFD=.7、A【解析】利用正弦定理以及和与差的正弦公式可得答案；【详解】0A，sinA0由atanAbcosC+ccosB，根据正弦定理：可得sinAtanAsinBcosC+sinCcosBsin（B+C）sinAtanA1；tanA，那么A；故选A【点睛】本题考查三角形的正弦定理,
7、内角和定理以及和与差正弦公式的运用，考查运算能力，属于基础题8、D【解析】根据函数的图像关于直线对称可得，再结合奇函数的性质即可得出答案【详解】解：函数的图像关于直线对称，奇函数满足，当时，故选：D【点睛】本题主要考查函数的奇偶性与对称性的综合应用，属于基础题9、A【解析】直接利用等差数列公式和等比中项公式得到答案.【详解】是与的等比中项，故 即 解得： 故选：A【点睛】本题考查了等差数列和等比中项，属于常考题型.10、C【解析】由题意利用任意角的三角函数的定义，诱导公式，求得点的坐标【详解】为单位圆上一点，以轴为始边，为终边的角为，若将绕点顺时针旋转至，则点的横坐标为，点的纵坐标为，故点的坐
8、标为.故选C.【点睛】本题主要考查任意角的三角函数的定义，诱导公式，考查基本的运算求解能力二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】根据首项、递推公式，结合函数的解析式，求出的值，可以发现数列是周期数列，求出周期，利用数列的周期性可以求出的值.【详解】 ，所以数列是以5为周期的数列，因为20能被5整除，所以.【点睛】本题考查了数列的周期性，考查了数学运算能力.12、【解析】先求出到原点的距离,再利用正弦函数定义求解.【详解】因为,所以到原点距离,故.故答案为：.【点睛】设始边为的非负半轴,终边经过任意一点,则：13、【解析】14、1【解析】利用等差数列的通项公式即可得出【
9、详解】设等差数列公差为，解得1故答案为：1【点睛】本题考查了等差数列的通项公式，考查了计算能力，属于基础题15、【解析】先利用累加法求出an1+n2n，所以，设f（n），由此能导出n5或6时f（n）有最小值借此能得到的最小值【详解】解：an+1an2n，当n2时，an（anan1）+（an1an2）+（a2a1）+a121+2+（n1）+1n2n+1且对n1也适合，所以ann2n+1从而设f（n），令f（n），则f（n）在上是单调递增，在上是递减的，因为nN+，所以当n5或6时f（n）有最小值又因为，所以的最小值为故答案为 【点睛】本题考查了利用递推公式求数列的通项公式，考查了累加法还考查函数
10、的思想，构造函数利用导数判断函数单调性16、【解析】由，然后利用两角差的正切公式可计算出的值.【详解】.故答案为：.【点睛】本题考查利用两角差的正切公式求值，解题的关键就是弄清所求角与已知角之间的关系，考查计算能力，属于基础题.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、 (1),；(2)证明见详解， ，.【解析】（1）根据递推公式，赋值求解即可；（2）利用定义，求证为定值即可，由数列通项公式即可求得和.【详解】（1）由条件可得，将代入得，而，所以.将代入得，所以.从而，.（2）由条件可得，即，又，所以是首项为1，公比为3的等比数列，.因为，所以.【点
11、睛】本题考查利用递推关系求数列某项的值，以及利用数列定义证明等比数列，及求通项公式，是数列综合基础题.18、（1）或；（2）最小值为.【解析】（1）由一元二次不等式的解法即可求得结果；（2）由题的根即为，根据韦达定理可判断，同为正，且，从而利用基本不等式的常数代换求出的最小值.【详解】（1）当时，不等式，即为，可得，即不等式的解集为或.（2）由题的根即为，故，故，同为正，则，当且仅当，等号成立，所以的最小值为.【点睛】本题考查一元二次不等式的解法和基本不等式的知识，考查逻辑推理能力和计算能力，属中档题.19、（）；（）.【解析】试题分析：（）利用正弦定理将角化为边得，利用余弦定理可得；（）由及
12、基本不等式可得，故而可得面积的最大值.试题解析：（）因为，由正弦定理有，既有，由余弦定理得，.（），即，当且仅当时等号成立，当时，,所以的最大值为.20、【解析】过作的垂线，垂足为，再利用直角三角形与正弦定理求解【详解】解：设人的位置为，塔底为，塔顶为，过作的垂线，垂足为，则，所以，答：电视塔的高为约.【点睛】本题考查利用正弦定理测量高度，考查基本分析求解能力，属基础题21、（1）；（2）【解析】（1）利用等差数列通项公式和等比数列的性质，列出方程求出，由此能求出的通项公式（2）由，求出的表达式，然后转化求解的最小值【详解】解：（1）是等差数列，且，成等比数列，解得，（2）由，得：，或时，取最小值【点睛】本题考查数列的通项公式、前项和的最小值的求法，考查等差数列、等比数列的性质等基础知识，考查推理能力与计算能力，属于基础题
