《2024届辽宁省瓦房店市第三高级中学数学高一下期末考试试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届辽宁省瓦房店市第三高级中学数学高一下期末考试试题含解析（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2024届辽宁省瓦房店市第三高级中学数学高一下期末考试试题请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1将函数（其中）的图象向右平移个单位，若所得图象与原图象重合，则不可能等于（ ）A0BCD2已知集合，则( ).ABCD3在中，角、所对的边长分别为，则的面积为（ ）ABCD94如图，这是某校高一年级一名学生七次月考数
2、学成绩（满分100分）的茎叶图去掉一个最高分和一个最低分后，所剩数据的平均数和方差分别是( )A87,9.6B85,9.6C87,5,6D85,5.65已知直线l的方程为2x+3y5，点P（a，b）在l上位于第一象限内的点，则的最小值为（ ）ABCD6等差数列中，若，则=( )A11B7C3D27在中，内角，的对边分别为，.若，则的形状是A锐角三角形B直角三角形C钝角三角形D不确定8在，内角所对的边分别为，且，则（ ）ABCD19圆与直线的位置关系为()A相离B相切C相交D以上都有可能10设a0，b0，若是和的等比中项，则的最小值为（ ）A6BC8D9二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共
3、30分。11若点，是圆C：上不同的两点，且，则的值为_.12某工厂生产甲、乙、丙、丁四种不同型号的产品，产量分别为200,400,300,100件，为检验产品的质量，现用分层抽样的方法从以上所有的产品中抽取60件进行检验，则应从丙种型号的产品中抽取_ 件.13对于任意实数x,不等式恒成立,则实数a的取值范围是_14已知、的取值如表所示：01342.24.34.86.7从散点图分析，与线性相关，且，则_15设变量x、y满足约束条件，则目标函数的最大值为_.16据监测，在海滨某城市附近的海面有一台风，台风中心位于城市的南偏东30方向，距离城市的海面处，并以的速度向北偏西60方向移动（如图示）.如果
4、台风侵袭范围为圆形区域，半径，台风移动的方向与速度不变，那么该城市受台风侵袭的时长为_小时.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17在中,为上的点, 为上的点,且 .（1）求的长;（2）若,求的余弦值.18从甲、乙、丙、丁四个人中选两名代表，求：（）甲被选中的概率；（）丁没被选中的概率.19已知直线和.（1）若，求实数的值；（2）若，求实数的值.20已知，与的夹角为，当实数为何值时，（1）；（2）.21如图，四棱锥P ABCD的底面是矩形，侧面PAD是正三角形，且侧面PAD底面ABCD，E 为侧棱PD的中点（1）求证：PB/平面EAC；（2）求证：A
5、E平面PCD；（3）当为何值时，PBAC ？参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】由题意，所以，因此，从而，可知不可能等于2、B【解析】求解一元二次不等式的解集，化简集合的表示，最后运用集合交集的定义，结合数轴求出.【详解】因为，所以，故本题选B.【点睛】本题考查了一元二次不等式的解法，考查了集合交集的运算，正确求解一元二次不等式的解集、运用数轴是解题的关键.3、A【解析】，利用正弦定理，和差公式化简可得，再利用三角形面积计算公式即可得出.【详解】化为：的面积故选：【点睛】本题考查正弦定理与两角和余弦公式化
6、简求值，属于基础题.4、D【解析】去掉一个最高分和一个最低分后，所剩数据为82，84，84，86，89，由此能求出所剩数据的平均数和方差【详解】平均数，方差，选D.【点睛】本题考查所剩数据的平均数和方差的求法，考查茎叶图、平均数、方差的性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题5、C【解析】由题意可得2a+3b5，a，b0，可得4a106b，（3b5），将所求式子化为b的关系式，由基本不等式可得所求最小值【详解】直线l的方程为2x+3y5，点P（a，b）在l上位于第一象限内的点，可得2a+3b5，a，b0，可得4a106b，（3b5），则（116b）+（9+6b）（）（7），当且仅当时，即b，
7、a，上式取得最小值，故选：C【点评】本题考查基本不等式的运用：求最值，考查变形能力和化简运算能力，属于中档题6、A【解析】根据和已知条件即可得到【详解】等差数列中，故选A【点睛】本题考查了等差数列的基本性质，属于基础题7、C【解析】由正弦定理可推得，再由余弦定理计算最大边的余弦值即可判断三角形形状【详解】因为，所以，设，则角为的最大角，由余弦定理可得，即，故是钝角三角形.【点睛】本题考查用正弦定理和余弦定理解三角形，属于基础题8、C【解析】直接利用余弦定理求解.【详解】由余弦定理得.故选C【点睛】本题主要考查余弦定理解三角形，意在考查学生对该知识的理解掌握水平，属于基础题.9、C【解析】由直线
8、方程可确定其恒过的定点，由点与圆的位置关系的判定方法知该定点在圆内，则可知直线与圆相交.【详解】由得：直线恒过点 在圆内部直线与圆相交故选：【点睛】本题考查直线与圆位置关系的判定，涉及到直线恒过定点的求解、点与圆的位置关系的判定，属于常考题型.10、D【解析】试题分析： 由题意a0，b0，且是和的等比中项，即，则，当且仅当时，即时取等号考点：重要不等式，等比中项二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】由，再结合坐标运算即可得解.【详解】解：因为点，是圆C：上不同的两点，则，又所以，即，故答案为：.【点睛】本题考查了向量模的运算，重点考查了运算能力，属基础题.12、1【解
9、析】应从丙种型号的产品中抽取件，故答案为1点睛:在分层抽样的过程中，为了保证每个个体被抽到的可能性是相同的，这就要求各层所抽取的个体数与该层所包含的个体数之比等于样本容量与总体的个体数之比，即niNinN13、【解析】对a分类讨论，利用判别式，即可得到结论【详解】（1）a2=0，即a=2时，40，恒成立；（2）a20时，解得2a2，2a2故答案为：【点睛】对于二次函数的研究一般从以几个方面研究：一是，开口；二是，对称轴，主要讨论对称轴与区间的位置关系；三是，判别式，决定于x轴的交点个数；四是，区间端点值.14、【解析】根据数据表求解出，代入回归直线，求得的值.【详解】根据表中数据得：，又由回归
10、方程知回归方程的斜率为截距本题正确结果：【点睛】本题考查利用回归直线求实际数据，关键在于明确回归直线恒过，从而可构造出关于的方程.15、3【解析】可通过限定条件作出对应的平面区域图，再根据目标函数特点进行求值【详解】可行域如图所示;则可化为,由图象可知,当过点时，有最大值，则其最大值为:故答案为:3.【点睛】线性规划问题关键是能正确画出可行域，目标函数可由几何意义确定具体含义（最值或斜率）16、1【解析】设台风移动M处的时间为th，则|PM|20t，利用余弦定理求得AM，而该城市受台风侵袭等价于AM60，解此不等式可得【详解】如图：设台风移动M处的时间为th，则|PM|20t，依题意可得，在三
11、角形APM中，由余弦定理可得：依题意该城市受台风侵袭等价于AM60，即AM2602，化简得：，所以该城市受台风侵袭的时间为611小时故答案为：1【点睛】本题考查了余弦定理的应用，考查了数学运算能力.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、 (1) ;(2).【解析】试题分析：本题是正弦定理、余弦定理的应用（1）中，在中可得的大小，运用余弦定理得到关于的一元二次方程，通过解方程可得的值；（2）中先在中由正弦定理得，并根据题意判断出为钝角，根据求出试题解析：（1）由题意可得，在中，由余弦定理得，所以，整理得，解得：故的长为（2）在中，由正弦定理得，即所
12、以，所以因为点在边上，所以，而，所以只能为钝角，所以，所以18、（1）；（2）.【解析】（1）先确定从甲、乙、丙、丁四个人中选两名代表总事件数，再确定甲被选中的事件数，最后根据古典概型概率公式求概率（2）先确定从甲、乙、丙、丁四个人中选两名代表总事件数，再确定丁没被选中的事件数，最后根据古典概型概率公式求概率.【详解】（1）从甲、乙、丙、丁四个人中选两名代表共有：甲乙，甲丙，甲丁，乙丙，乙丁、丙丁共6种基本事件，其中甲被选中包括甲乙，甲丙，甲丁三种基本事件，所以甲被选中的概率为 .（2）丁没被选中包括甲乙，甲丙，乙丙三种基本事件，所以丁没被选中的概率为.点睛：古典概型中基本事件数的探求方法(1
13、)列举法.(2)树状图法：适合于较为复杂的问题中的基本事件的探求.对于基本事件有“有序”与“无序”区别的题目，常采用树状图法.(3)列表法：适用于多元素基本事件的求解问题，通过列表把复杂的题目简单化、抽象的题目具体化.(4)排列组合法：适用于限制条件较多且元素数目较多的题目.19、（1）；（2）.【解析】（1）借助两直线垂直的充要条件建立方程求解；（2）借助两直线平行充要条件建立方程求解.【详解】（1）若，则.（2）若，则或2.经检验，时，与重合，时，符合条件，.【点晴】解析几何是运用代数的方法和知识解决几何问题一门学科,是数形结合的典范,也是高中数学的重要内容和高考的热点内容.解答本题时充分
14、运用和借助题设条件中的垂直和平行条件,建立了含参数的直线的方程,然后再运用已知条件进行分析求解,从而将问题进行转化和化归,进而使问题获解.如本题的第一问中求参数的值时，是直接运用垂直的充要条件建立方程,这是方程思想的运用；再如第二问中求参数的值时也是运用了两直线平行的条件,但要注意的是这个条件不是两直线平行的充要条件,所以一定代回进行检验,这也是学生经常会出现错误的地方.20、（1）；（2）【解析】试题分析：（1）利用平面向量共线的判定条件进行求解；（2），利用平面向量的数量积为0进行求解试题解析：（1）若，则存在实数，使，即，则，解得得；（2）若，则，解得.考点：1.平面向量共线的判定；2.平面向量垂直的判定21、（1）见解析；（2）见
