《2024届甘肃省定西市陇西二中数学高一下期末统考试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届甘肃省定西市陇西二中数学高一下期末统考试题含解析（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2024届甘肃省定西市陇西二中数学高一下期末统考试题请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1若函数局部图象如图所示，则函数的解析式为ABCD2已知直线yx+2，则其倾斜角为（ ）A60B120C60或120D1503已知数列满足，则（ ）A2BCD4已知是定义在上不恒为的函数，且对任意，有成立，令，则有( )A为
2、等差数列B为等比数列C为等差数列D为等比数列5下列函数中，是偶函数且在区间上是增函数的是（ ）ABCD6已知正方体的个顶点中，有个为一侧面是等边三角形的正三棱锥的顶点，则这个正三棱锥与正方体的全面积之比为 （ ）ABCD7与直线垂直于点的直线的一般方程是 （ ）ABCD8设为等差数列的前项和，.若，则（ ）A的最大值为B的最小值为C的最大值为D的最小值为9函数的图象（ ）A关于点（，0）对称B关于原点对称C关于y轴对称D关于直线x=对称10设直线系下列四个命题中不正确的是（ ）A存在一个圆与所有直线相交B存在一个圆与所有直线不相交C存在一个圆与所有直线相切DM中的直线所能围成的正三角形面积都相
3、等二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11和的等差中项为_12数列的前项和为，且（），记，则的值是_.13利用数学归纳法证明不等式“”的过程中，由“”变到“”时，左边增加了_项14数列中，其前n项和,则的通项公式为_.15函数的反函数为_.16已知角的终边经过点，则_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知函数在一个周期内的图像经过点和点，且的图像有一条对称轴为.（1）求的解析式及最小正周期；（2）求的单调递增区间.18已知数列的前项和为.（1）求这个数列的通项公式；（2）若，求数列的前项和.19已知 是同一平面内的三个向量，其中.
4、（1）若，求 ；（2）若与共线，求的值.20已知等差数列满足，前项和.（1）求的通项公式（2）设等比数列满足，求的通项公式及的前项和.21已知数列的前项和为，且满足（1）求的值；（2）证明是等比数列，并求；（3）若,数列的前项和为参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】由的部分图象可求得A，T，从而可得，再由，结合的范围可求得，从而可得答案【详解】，；又由图象可得：，可得：，又，当时，可得：，此时，可得：故选D【点睛】本题考查由的部分图象确定函数解析式，常用五点法求得的值，属于中档题2、B【解析】根据直线方程
5、求出斜率，根据斜率和倾斜角之间的关系即可求出倾斜角【详解】由已知得直线的斜率，则倾斜角为120，故选：B【点睛】本题考查斜率和倾斜角的关系，是基础题3、B【解析】利用数列的递推关系式，逐步求解数列的即可【详解】解：数列满足，所以，故选：B【点睛】本题主要考查数列的递推关系式的应用，属于基础题4、C【解析】令,得到得到，.,说明为等差数列，故C正确，根据选项，排除A，D.显然既不是等差也不是等比数列故选C.5、A【解析】逐一分析选项，得到答案.【详解】A.是偶函数,并且在区间时增函数，满足条件；B.不是偶函数,并且在上是减函数，不满足条件；C.是奇函数,并且在区间上时减函数，不满足条件；D.是偶
6、函数，在区间上是减函数，不满足条件；故选A.【点睛】本题考查了函数的基本性质，属于基础题型.6、A【解析】所求的全面积之比为： ，故选A.7、A【解析】由已知可得这就是所求直线方程，故选A. 8、C【解析】由已知条件推导出（n2n）d2n2d，从而得到d0，所以a10，a80，由此求出数列Sn中最小值是S1【详解】（n+1）SnnSn+1，SnnSn+1nSnnan+1即na1na1+n2d，整理得（n2n）d2n2dn2n2n2n2n0d010a10，a80数列的前1项为负，故数列Sn中最小值是S1故选C【点睛】本题考查等差数列中前n项和最小值的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意等差数列
7、的性质的灵活运用9、A【解析】关于点（，0）对称，选A.10、D【解析】对于含变量的直线问题可采用赋特殊值法进行求解【详解】因为所以点到中每条直线的距离即为圆的全体切线组成的集合，所以存在圆心在， 半径大于1的圆与中所有直线相交, A正确也存在圆心在，半径小于1的圆与中所有直线均不相交，B正确也存在圆心在半径等于1的圆与中所有直线相切，C正确故正确因为中的直线与以为圆心，半径为1的圆相切,所以中的直线所能围成的正三角形面积不都相等，如图与均为等边三角形而面积不等,故错误，答案选D.【点睛】本题从点到直线的距离关系出发，考查了圆的切线与圆的位置关系，解决此类题型应学会将条件进行有效转化.二、填空
8、题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】设和的等差中项为，利用等差中项公式可得出的值.【详解】设和的等差中项为，由等差中项公式可得，故答案为：.【点睛】本题考查等差中项的求解，解题时要充分利用等差中项公式来求解，考查计算能力，属于基础题.12、3【解析】由已知条件推导出是首项为，公比为的等比数列，由此能求出的值.【详解】解：因为数列的前项和为，且（），.即，.是首项为，公比为的等比数列，故答案为：【点睛】本题考查数列的前项和的求法，解题时要注意等比数列的性质的合理应用，属于中档题.13、.【解析】分析题意，根据数学归纳法的证明方法得到时，不等式左边的表示式是解答该题的突破口，当
9、时，左边，由此将其对时的式子进行对比，得到结果.【详解】当时，左边，当时，左边，观察可知，增加的项数是，故答案是.【点睛】该题考查的是有关数学归纳法的问题，在解题的过程中，需要明确式子的形式，正确理解对应式子中的量，认真分析，明确哪些项是添的，得到结果.14、【解析】利用递推关系，当时，当时，即可求出.【详解】由题知：当时，.当时，.检验当时，所以.故答案为：【点睛】本题主要考查根据数列的前项和求数列的通项公式，体现了分类讨论的思想，属于简单题.15、【解析】首先求出在区间的值域，再由表示的含义，得到所求函数的反函数.【详解】因为，所以，.所以的反函数是.故答案为：【点睛】本题主要考查反函数定
10、义，同时考查了三角函数的值域问题，属于简单题.16、【解析】由题意，则.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1），；（2）.【解析】（1）由函数的图象经过点且f（x）的图象有一条对称轴为直线，可得最大值A，且能得周期并求得，由五点法作图求出的值，可得函数的解析式（2）利用正弦函数的单调性求得f（x）的单调递增区间【详解】（1）函数f（x）Asin（x+）（A0，0，）在一个周期内的图象经过点，且f（x）的图象有一条对称轴为直线，故最大值A4，且,，1所以.因为的图象经过点，所以，所以，.因为，所以，所以.（2）因为，所以，所以，即的单调递增区
11、间为.【点睛】本题主要考查由函数yAsin（x+）的性质求解析式，通常由函数的最大值求出A，由周期求出，由五点法作图求出的值，考查了正弦型函数的单调性问题，属于基础题18、 (1) (2) 【解析】（1）当且时，利用求得，经验证时也满足所求式子，从而可得通项公式；（2）由（1）求得，利用错位相减法求得结果.【详解】（1）当且时，当时，也满足式数列的通项公式为：（2）由（1）知：【点睛】本题考查利用求解数列通项公式、错位相减法求解数列的前项和的问题，关键是能够明确当数列通项为等差与等比乘积时，采用错位相减法求和，属于常考题型.19、（1）；（2）【解析】（1）根据向量的坐标的运算法则和向量垂直的
12、条件，以及模的定义即可求出（2）根据向量共线的条件即可求出【详解】（1）因为 （2）由已知： 【点睛】本题考查了向量的坐标运算以及向量的垂直和平行的坐标表示，属于基础题20、（1）；（2），【解析】（1）设的公差为，则由已知条件得，化简得解得故通项公式，即（2）由（1）得设的公比为,则,从而故的前项和21、（1）2，6，14；（2）（3）【解析】（1）通过代入，可求得前3项；（2）利用已知求的方法， 求解；（3）首先求得数列的通项公式，将通项分成两部分，一部分利用错位相减法求和，另一部分常数列求和.【详解】（1）当时，解得；当时，解得；当时，解得.（2） 当时， 两式相减， ，且 时首项为4，公比为2的等比数列.（3）根据（2）可知， ， 设，设其前项和为， 两式相减可得 解得 ，数列，前项和为，数列的前项和是【点睛】本题考查了已知求的方法，利用错位相减法求和属于基础中档题型.
