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1、2022高考数学一轮复习 第3章 导数及其应用 第3讲 导数的综合应用试题22022高考数学一轮复习 第3章 导数及其应用 第3讲 导数的综合应用试题2年级：姓名：第 1 页 共 9 页第三章导数及其应用第三讲导数的综合应用1.2021惠州市二调若函数f(x)=ex(x2-2x+1-a)-x恒有2个零点,则a的取值范围是()A.(-1e,+)B.(-,1)C.(0,1e)D.(-,-1e)2.2021陕西百校联考已知锐角x1,x2满足sInx1-cos x2x1+x2-2,则下列结论一定正确的是()A.sInx1tan x1+x22C.sInx1+cos x1sInx2+cos x2D.sIn
2、x1+sIn x2cos x1+cos x23.2021大同市调研测试已知函数f(x)=ax3-3x2+1,若f(x)存在唯一的零点x0,且x0f(x)x,则6f(2 017),3f(2 018),2f(2 019)的大小关系是()A.6f(2 017)3f(2 018)2f(2 019)B.3f(2 018)6f(2 017)2f(2 019)C.2f(2 019)3f(2 018)6f(2 017)D.2f(2 019)6f(2 017)0时,f(x)ln x0成立的x的取值范围是()A.(-2,0)(0,2)B.(-,-2)(2,+)C.(-2,0)(2,+)D.(-,-2)(0,2)6
3、.已知函数f(x)=(a-12)x2+ln x,若函数f(x)在区间(1,+)上的图象恒在直线y=2ax的下方,则实数a的取值范围是.7.2021晋南高中联考已知函数f(x)=ex-ax,g(x)=1+xln x.(1)讨论函数f(x)的单调性;(2)若当x0时,方程f(x)=g(x)有实数解,求实数a的取值范围.8.2020贵阳市高三模拟交汇题已知f(x)=ex,g(x)=x+1.(e为自然对数的底数)(1)求证:f(x)g(x)恒成立.(2)设m是正整数,对任意的正整数n,(1+13)(1+132)(1+13n)m恒成立,求m的最小值.9.2021江西红色七校第一次联考若存在两个正实数x,
4、y使得等式x(2+ln x)=xlny-ay成立,则实数a的取值范围是()A.(0,1e2)B.(-,1e2C.(0,1e3)D.(-,1e310.2021洛阳市统考已知函数f(x)=xex-2-tx-t有2个零点a,b,且在区间(a,b)上有且仅有2个正整数,则实数t的取值范围是()A.23,e2)B.(23,e2)C.34e,23)D.(34e,23)11.2021江西红色七校联考已知函数f(x)=ax2+bx-ln x.(1)当a=-2时,函数f(x)在(0,+)上是减函数,求b的取值范围;(2)若方程f(x)=0的两个根分别为x1,x2(x10.12.2021济南名校联考已知f(x)=
5、lnx+ax,g(x)=ex+2x-1.(1)若函数f(x)的图象在x=e处的切线与直线2x-y+8=0垂直,求f(x)的极值;(2)当x0时,g(x)f(x)恒成立,求实数a的取值范围.13.已知函数f(x)=ln x,g(x)=x-m.(1)当m=0时,求函数y=f(x)g(x)的最大值;(2)设h(x)=f(x)-g(x),若x10.答 案第三讲导数的综合应用1.A由f(x)=0,得x2-2x+1-a=xex.令g(x)=xex,则函数f(x)=ex(x2-2x+1-a)-x恒有2个零点等价于函数y=x2-2x+1-a与y=g(x)的图象有2个交点,g(x)=1-xex,令g(x)0,得
6、x1,令g(x)1,所以g(x)在(-,1)上单调递增,在(1,+)上单调递减,所以g(x)max=g(1)=1e.作出函数y=x2-2x+1-a=(x-1)2-a与y=g(x)的图象,如图D 3-3-2所示,数形结合可得-a-1e,故选A.图D 3-3-22.D解法一因为sin x1-cos x2x1+x2-2,即sin x1-x1sin(2-x2)-(2-x2),所以可构造函数f(x)=sin x-x,x(0,2),因为f(x)=cos x-10,所以f(x)在(0,2)上单调递减,因为x1(0,2),2-x2(0,2),所以02-x2x12,所以sin(2-x2)sin x1,即cos
7、x2sin x1,同理cos x1cos x1+cos x2,故选D.解法二取x1=x2=3,则sin x1-cos x2=3-126=3+3-2,此时sin x1=sin(x1+x2),tan x1=tan x1+x22,sin x1+cos x1=sin x2+cos x2,排除选项A、B、C,故选D.3.A由题意易知x=0不是函数f(x)的零点,则f(x)=ax3-3x2+1=0a=3x2-1x3(x0),令y=3x2-1x3-a(x0),因此f(x)的零点与y=3x2-1x3-a(x0)的零点相同.设g(x)=3x2-1x3(x0),则g(x)=-3(x-1)(x+1)x4,则当x(-
8、,-1)(1,+)时,g(x)0,故g(x)在(-1,0),(0,1)上单调递增,在(-,-1),(1,+)上单调递减,又g(-1)=-2,g(1)=2,当g(x)=0时,x=33,当x+时,g(x)0,当x-时,g(x)0,所以可画出函数g(x)的大致图象,如图D 3-3-3所示,f(x)存在唯一的零点x0且x0f(x)x,所以g(x)0,所以g(x)在(0,4上单调递增,故f(1)1f(2)2f(3)3,整理可得6f(1)3f(2)2f(3),即6f(2 017)3f(2 018)0时,由f(x)ln x-1xf(x)可得g(x)1时,有g(x)g(1)=0,即f(x)ln x0,所以此时
9、f(x)0;当0xg(1)=0,即f(x)ln x0,又ln x0,所以此时f(x)0.对于不等式f(x)ln x-1xf(x),取x=1可得f(1)ln 1-11f(1),化简得f(1)0,即当x=1时,f(x)0时,f(x)0(x0)得x2-40,解得0x2.当x0时,f(x)0,故由(x2-4)f(x)0(x0,解得x0.综上,x的取值范围是(-,-2)(0,2).故选D.6.-12,12由题意知,对于任意x(1,+),f(x)2ax,即(a-12)x2+ln x-2ax0在(1,+)上恒成立.设g(x)=(a-12)x2+ln x-2ax,x(1,+),则g(x)的最大值小于0,g(x
10、)=(x-1)(2a-1-1x).当a12时,g(x)0,g(x)在(1,+)上单调递减,g(x)0,g(x)在(1,+)上单调递增,最大值可无穷大,不满足题意.当12a0,则f(x)在(-,+)上单调递增;当a0时,令f(x)=ex-a=0,得x=ln a,则f(x)在(-,ln a)上单调递减,在(ln a,+)上单调递增.综上,当a0时,f(x)在R上单调递增,当a0时,f(x)在(-,ln a)上单调递减,在(ln a,+)上单调递增.(2)由f(x)=g(x),得ax=ex-xlnx-1,因为x0,所以a=exx-ln x-1x.令h(x)=exx-ln x-1x,x0,则h(x)=
11、xex-ex-x+1x2=(ex-1)(x-1)x2.令h(x)=0,得x=1.当x(0,1)时,h(x)0,h(x)为增函数.所以h(x)min=h(1)=e-1.又h(x)=exx-ln x-1x=ex-1x-ln x,x0,ex1,所以ex-1x0,所以当x0时,h(x)+.所以函数h(x)的值域为e-1,+),因此实数a的取值范围为e-1,+).8.(1)令h(x)=f(x)-g(x)=ex-x-1,则h(x)=ex-1,当x(-,0)时,h(x)0,故h(x)在(-,0)上单调递减,在(0,+)上单调递增,所以h(x)min=h(0)=0,即h(x)0恒成立,所以f(x)g(x)恒成立.(2)由(1)可知x=13n时,01+13ne13n,所以(1+13)(1+132)(1+13n)e13e132e13n=e13+132+13n=e13(1-13n)1-13=e121-(13)ne12=e.易知比e大的最小正整数是2,所以m的最小值为2.9.D因为x,y均为正数,所以等式x(2+ln x)=xlny-ay可化为2+ln x=ln y-a
