《湖北省宜昌市点军区第二中学2022-2023学年物理高一上期中学业水平测试模拟试题（含解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖北省宜昌市点军区第二中学2022-2023学年物理高一上期中学业水平测试模拟试题（含解析）.doc（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2022-2023学年高一上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、文学作品中往往蕴含着一些物理知识，下列诗句中涉及的长度可表示位移大小的是A飞流直
2、下三千尺，疑是银河落九天B一身转战三千里，一剑曾当百万师C坐地日行八万里，巡天遥看一千河D三十功名尘与土，八千里路云和月2、如图所示为一物体作匀变速直线运动的速度图线，下列判断正确的是（）A物体一直往负方向向运动B物体的加速度大小为C2s末物体位于出发点D前2秒的加速度与后两2秒的加速度方向相反3、一个物体做自由落体运动，重力加速度g取该物体A第2s末的速度大小为 B第2s末的速度大小为C在第3s内下落的距离为45m D在第3s内下落的距离为60m4、关于加速度的说法正确的是（ ）A加速度不断变小，速度也一定不断变小B加速度大的物体速度变化就一定大C加速度方向不变，速度方向也一定不变D加速度是
3、描述速度变化快慢的物理量5、关于速度、速度改变量和加速度，下列说法正确的是A物体的速度改变量很大，它的加速度一定很大B速度增加，加速度一定变大C某时刻物体的速度为零，其加速度可能不为零D加速度很大时，运动物体的速度一定很大6、某物体做直线运动,其位移图象如图所示,则下列说法中正确的是: A物体在头2秒内做加速运动；B物体在第3、4秒内共运动了60米；C头5秒内物体的位移是负的；D第8秒末物体回到出发点；7、两小球A、B靠在一起，相互间一定有弹力作用的是图A BC D8、某短跑运动员参加100m竞赛，测得他在50m处的速度为6m/s，10s末到达终点时的速度为8m/s，则以下说法中正确的是（ ）
4、A6m/s指平均速度B8m/s指瞬时速度C运动员全程的平均速度是7m/sD运动员全程的平均速度是10m/s9、如图甲所示，有一绝缘圆环，圆环上均匀分布着正电荷，圆环平面与竖直平面重合一光滑细杆沿垂直圆环平面的中心轴线穿过，细杆上套有一质量为m10 g的带正电的小球，小球所带电荷量q5.0104 C小球从C点由静止释放，其沿细杆由C点经B点向A点运动的速度时间图象如图乙所示小球运动到B点时，速度图象的切线斜率最大(图中标出了该切线)则下列说法正确的是A在杆上O点右侧，B点场强最大，场强大小为E1.2 V/mB由C点到A点的过程中，小球的电势能先减小后变大C由C点到A点电势逐渐降低DC、B两点间的
5、电势差UCB0.9 V10、如图所示，小球从竖直墙砖某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d，根据图中信息，下列说法正确的是（ ）A能判断小球做匀变速直线运动B能求出小球下落的加速度为C能求出小球在位置3的速度为D能判定位置1是小球释放的初始位置二、实验题11、（4分）如图所示是用打点计时器研究自由落体运动的实验过程和得到的纸带。（1）下列有关操作的叙述正确的是_A安装打点计时器时要注意让上下限位孔在同一竖直线上B将打点计时器与直流低压电源连接C释放纸带时应尽量让重物靠近打点
6、计时器D应先释放纸带,然后接通电源（2）实验得到一条纸带，测得各点之间的距离如图2所示已知电源频率为50Hz，则纸带中相邻两点间的时间间隔是_s。从该纸带可知，重物是做_（选填“匀速”、“匀变速”、“非匀变速” ）运动，加速度大小a=_m/s2（小数点后保留二位小数。）12、（10分）在研究匀变速直线运动实验中，某同学得到一条的纸带如图所示，并在其上取了A、B、 C、D、 E、F、G等7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出(1)设打点计时器打点周期为T，打F点时速度为vF，则计算vF的公式为vF=_（用T和图中已知物理量表示）(2)图中d1=2.00cm、d2=4.50cm、d3=7
7、.60cm、d4=11.30cm、d5=15.50cm、d6=20.20cm，打点计时器打点周期为0.02s，则小车运动的加速度a=_m/s2.（结果保留2位有效数字）(3)如果当时电网中交变电流的频率是f=52Hz，而做实验的同学并不知道，由此引起的_（选填“系统”或“偶然”）误差将使加速度的测量值比实际值偏_（选填“大”或“小”）参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、A【解析】A、飞流直下三千尺，是从开始下落的点到落地点间的直线距离，是
8、位移，故A正确B、一身转战三千里，是指一段轨迹，是路程，B错误C、坐地日行八万里，是指路程，故C错误D、八千里路是指运动轨迹的长度，故D错误故选A【点睛】解决本题的关键知道路程是标量，大小等于物体运动轨迹的长度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度2、B【解析】A由图线可知，物体在前内沿正方向运动，后内沿负方向运动，故A错误。B图线的斜率表示加速度，则加速度：大小为，故B正确。C末的位移：没有回到出发点，故C错误。D前内和后内图线的斜率相同，则加速度大小和方向都相同，故D错误。3、B【解析】AB、由速度公式可知，第2s末的速度大小为：，故A错误，B正确；CD、前2s内下
9、降的距离为：，前3s内下落的距离为：，所以第3s内位移为：，故C、D错误；故选B。【点睛】关键是要注意明确自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，第ns内位移等于前减去前内位移。4、D【解析】试题分析：若加速度与速度同向，物体做加速运动，即使加速度的大小不断变小，但速度大小变大，故A错误；加速度为，若速度变化量较小，时间更小，可知加速度可能大。故B错。加速度方向不变，速度方向可能变化，如物体做匀减速直线运动时，速度减为零后仍存在方向不变的加速度时，速度就会反向增大。故C错。加速度的意义是描述速度变化快慢的物理量，物体的速度变化慢，加速度一定小，反之，速度变化快则加速度一定小。故D
10、对。故选D。考点：加速度的概念。【名师点睛】加速度的定义式，即加速度为速度的变化率。变化率大（速度变化快）则加速度大，变化率小（速度变化小）则加速度小。加速度的大小与速度变化量及时间长短没有特定关系。加速度方向即速度变化量的方向，与速度方向无关。判断物体做加速运动还是减速运动，要看加速度方向与初速度方向，若方向相同则加速，方向相反做减速运动，与加速度变化无关。5、C【解析】加速度等于物体速度的变化量与所用时间的比值，加速度反应物体速度变化快慢的物理量.【详解】A、物体运动的速度改变量很大，但不知道改变所用时间，故不能得到加速度很大的结论；故A错误.B、当加速度方向与速度方向相同，加速度的大小减
11、小或不变、增大，速度仍然能增大；故B错误.C、物体速度为零，加速度可以不为零，如自由落体运动的初位置，速度为零，加速度为g；故C正确.D、物体的加速度很大，代表物体速度的变化率很大，而并不代表物体的速度很大；故D错误.故选C.【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关.6、CD【解析】s-t图像的斜率等于速度，则物体在头2秒内做匀速运动；选项A错误；由图像可知，物体在第3、4秒内共运动了30米，选项B错误；头5秒内物体的位移是负的，选项C正确；第8秒末物体位移为零，回到出发点，选项D正确；故选CD.【点睛】本题考查对位移图象的理解抓住图线的斜率
12、等于速度、纵坐标的变化量表示位移大小.7、AD【解析】解答本题需要了解弹力产生的条件，根据弹力产生的条件即可做出选择【详解】两个小球所受的重力与绳子的拉力不是一对平衡力，所以这两个小球都受到了对方的合力作用，从而发生弹性形变产生弹力，A正确；由图B、C中两个小球间假设存在弹力，则在水平方向上受力不平衡，不能保持静止，故假设不成立，故两球之间没有弹力存在，BC错误；由图可知，两球存在相互的挤压，故一定存在弹力作用，D正确【点睛】（1）对于形变明显的情况（如弹簧）可由形变直接判断（2）对于接触处的形变不明显，判断其弹力的有无可用以下方法拆除法：即解除所研究处的接触，看物体的运动状态是否改变若不变，
13、则说明无弹力；若改变，则说明有弹力分析主动力和运动状态来判断是否有弹力：分析主动力就是分析沿弹力所在方向上，除弹力以外其他力的合力看该合力是否满足给定的运动状态，若不满足，则存在弹力；若满足，则不存在弹力8、BD【解析】 “6m/s”和“8m/s”都是经过某点的速度，是瞬时速度，选项A错误，B正确；运动员全程的平均速度是，则选项C错误，D正确；故选BD.点睛：本题考查平均速度和瞬时速度，要注意正确理解两速度的意义，知道平均速度只能根据位移与时间的比值求解，它只能粗略地描述物体的运动，而瞬时速度为物体在各个时刻或某一位置的速度，故能精确地描述物体的运动9、ACD【解析】A. 由乙图可知，小球在B
14、点的加速度最大，故所受的电场力最大，加速度由电场力产生，故B点的电场强度最大，小球的加速度为：又解得：故A项与题意相符；BC. 从C到A小球的动能一直增大，说明电场力一直做正功，故电势能一直减小，根据 知电势一直减小，故B项与题意不相符，C项与题意相符；D. 由C到B电场力做功为：CB间电势差为：故D项与题意相符10、AB【解析】由于相邻两点间位移之差等于d，符合匀变速直线运动的特点：x=aT2，所以小球做匀加速直线运动，故A正确；根据x=d=aT2得，小球下落的加速度，故B正确；小球在位置“3”的速度等于2、4间的平均速度，则，故C错误；若小球做初速度为零的匀变速直线运动，在连续相等时间内，
15、位移之比为：1：3：5，而题中，1、2、3、4、5间的位移之比为2：3：4所以位置“1”不是小球释放的初始位置，故D错误。所以AB正确，CD错误。二、实验题11、AC 0.02s 匀变速 9.63m/s2 【解析】(1)1A打点计时器的两个限位孔应在同一竖直线上，以减小摩擦力的影响。故A正确。B电磁打点计时器应接在6V交流电源上。故B错误。CD开始时应使重物靠近打点计时器处并保持静止，先接通电源，再释放纸带。故C正确，D错误。(2)234电源频率为50Hz，相邻两点间的时间间隔是T=0.02s；由图2所示纸带可知，DE-CD=13.2mm-9.4mm=3.8mm，EF-DE=17.1mm-13.2
