《江西省新余市渝水区第一中学2023学年物理高二第一学期期中考试模拟试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江西省新余市渝水区第一中学2023学年物理高二第一学期期中考试模拟试题含解析.doc（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为一组电场线，A、B为其中两点，则（ ）AA点的场强大于B点的场强BA点电势低于于B点电势C将电子从A点移到B点，电场为做正功D正电荷在A点的电势能小于正电荷在B点的电势
2、能2、在点电荷+Q形成的电场中有一点A，当一个q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W。取无限远处电势为0，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（）A，BCD3、如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略平行板电容器C的极板水平放置闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动 如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是( )A增大R1的阻值B增大R的阻值C增大两板间的距离D断开电键S4、截面直径为d，长为l的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动的平均速度的影响是： 电压U加倍时，自由电子定向移动的
3、平均速率不变；导线长度l加倍时，自由电子定向移动的平匀速率减为原来一半；导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变；导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动平均速率加倍其中正确的选项是（ ）ABCD5、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离增大为原来的2倍，它们之间的相互作用力变为A16FBCD6、如图所示，厚薄均匀的矩形金属片，边长ab2bc，当A与B之间接入的电压为U1=4V时，电流为1 A，若C与D间接入的电压为U2=8V时，下列说法正确的是()A当CD间接入电压为U2=8V时，电阻为1B当CD间接入电压为U2=8V时，电阻为4C当
4、CD间接入电压为U2=8V时，电流为2AD当CD间接入电压为U2=8V时，电流为6A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于UAB =WAB/q 和WAB = qUAB的理解，正确的是 ( )A电场中的A、B两点间的电势差和两点间移动电荷的电量q成反比B在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电量q成正比CUAB与q、WAB无关，甚至与是否移动的电荷都没有关系DWAB与q、UAB无关，与电荷移动的路径无关8、如图所示，粗糙程度处处相同的半圆形竖直轨道固定放
5、置，其半径为R，直径POQ水平。一质量为m的小物块（可视为质点）自P点由静止开始沿轨道下滑，滑到轨道最低点N时，小物块对轨道的压力为2mg，g为重力加速度的大小。则下列说法正确的是A小物块到达最低点N时的速度大小为B小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgRC小物块从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功为D小物块从P点开始运动经过N点后恰好可以到达Q点9、关于电源的电动势，下面说法正确的是：A电源的电动势的数值等于一秒内静电力所做的功B电源的电动势的数值等于一秒非内静电力所做的功C电源的电动势的数值等于把单位正电荷由电源负极移到正极非内静电力所做的功D电动势越大的电源，将其它能转化为电
6、能的本领越大10、如图中所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，坐标轴上OB间各点的电势分布如图乙所示，则( ) A在OB间，场强先减小后增大B在OB间，场强方向没有发生变化C若一个负电荷从O点运动到B点，其电势能逐渐减小D若从O点静止释放一个仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在OB间一直做加速运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象，所提供的器材有A电流表（A1）量程0-0.6A，内阻约0.125B电流表（A2）量程0-3A，内阻约0.025C电压表（V1）量程
7、0-3V，内阻约3kD电压表（V2）量程0-15V，内阻约15kE滑动变阻器（R1）总阻值约10F滑动变阻器（R2）总阻值约200G电池（E）电动势3.0V，内阻很小H导线若干，电键K该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为_，电压表为_，滑动变阻器为_（以上均填写器材代号）（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中_12（12分）如图是“研究平抛物体的运动”实验装置图 (1)在实验前应_；A将斜槽的末端切线调成水平B将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行C在白纸上记录斜槽末端槽口的位置，作为小球做平抛
8、运动的起点和所建坐标系的原点D测出平抛小球的质量(2)在一次实验中，某同学只记录了、三个点的坐标如图所示，则物体做平抛运动的初速度为_。（）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，是一种测量电源电动势和内阻的电路。已知，当开关扳到1位置时，电压表读数为1.0V；当电键扳到2位置时，电压表读数为2.0V，求：(1)电源电动势E；(2)电源的内阻r。14（16分）如图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为Q和Q，A、B相距为2d。MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个
9、穿过细杆的带电小球p，质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布。），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v。已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g。求：（1）C、O间的电势差UCO；（2）O点处的电场强度E的大小及小球p经过O点时的加速度；15（12分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电动机绕组的电阻R0=0.5，电键S1始终闭合当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和
10、电动机的输出功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由图可知，A点电场线密，B点电场线稀，因此A点电场强度大于B点，即EAEB，故A正确沿电场线的方向电势逐渐降低，A点电势高于B点电势，故B错误；电子受到的电场力的方向由B指向A，所以将电子从A点移到B点，电场为做负功，故C错误；正电荷在A点的电势能大于正电荷在B点的电势能，故D错误；故选A.2、A【解析】依题意，-q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W，则电荷的电势能减小W，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A点的电势能为EPA
11、=-W则A点的电势故选A。3、B【解析】试题分析：以油滴为研究对象进行受力分析可知，油滴静止不动，所受电场力与重力平衡，即，现欲使油滴仍能处于平衡状态，则保证电场强度不发生变化即可，R1的电压不变即可，题中R2没有电流通过，故改变R2时对电路工作状态无影响，所以选项B正确、A错误；而增大两板间距离时，电场强度减小，油滴下落，所以选项C错误；断开电键S时，电容器与可变电阻构成闭合回路，电容器放电，油滴下落，所以选项D错误；考点：闭合电路欧姆定律、平行板电容器4、B【解析】根据和欧姆定律、电阻定律分析即可【详解】设导体的单位体积内的自由电子数为n，导体的横截面积为S，则导体的电流可以表示为，电压U
12、加倍时，导体的电阻值不变，根据欧姆定律可知导体的电流加倍，所以自由电子定向移动的平均速率加倍，错误；导线长度l加倍时，根据电阻定律：可知导体的电阻值加倍，由欧姆定律可知通过导体的电流值减小为原来的一半，所以自由电子定向移动的平匀速率减为原来一半，正确；导线截面直径d加倍时，导线的横截面积变成原来的4倍，根据电阻定律可知导体的电阻值变成原来的，由欧姆定律可知通过导体的电流值增大为原来的4倍，结合公式可知，自由电子定向移动的平均速率不变，正确错误，故B正确5、B【解析】由库仑定律可得变化前为：，变化后为：A16F故A不符合题意 B故B符合题意 C故C不符合题意 D故D不符合题意6、A【解析】根据电
13、阻定律求出两种接法时的电阻之比，再根据欧姆定律求出电流之比，从而得出C与D间接入的电压为U时的电流大小.【详解】设长方体的高度为H，则A与B之间接入的电压U1=4V时，电流为1A，则电阻为，而由电阻定律；当C与D间接入的电压为U2=8V时，电阻，则；故A正确，B、C、D错误.故选A.【点睛】解决本题的关键掌握电阻定律的运用，以及部分电路欧姆定律的运用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】电场中A、B两点的电势差由电场本身决定，与两点间移动电荷的电荷量q无关，
14、选项A错误；根据WABqUAB，在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电荷量q成正比，选项B正确；UAB与q、WAB无关，与是否移动电荷也没有关系，选项C正确；WAB与q、UAB有关，与电荷移动的路径无关，选项D错误；故选BC.8、BC【解析】设小物块到达最低点N时的速度大小为v。在N点，根据牛顿第二定律得：FN-mg=m；据题有 FN=2mg；联立得，故A错误。小物块从P点运动到N点的过程中重力做功为mgR，故B正确。小物块从P点运动到N点的过程，由动能定理得：mgR-Wf=mv2，可得克服摩擦力所做的功为 Wf=mgR，故C正确。由于小物块要克服摩擦力做功，机械能不断减少，所
15、以小物块不可能到达Q点，故D错误。故选BC。【点睛】本题主要考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，要知道在最低点，靠重力和支持力的合力提供向心力9、CD【解析】电源没有接入电路时两极间的电压等于电源的电动势，电源的电动势的数值上等于把单位正电荷由电源负极移到正极非内静电力所做的功，其物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大的电源，将其它能转化为电能的本领越大，与外电路的结构无关，故选项CD正确，选项AB错误。点睛：本题考查对于电源的电动势的理解能力电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关。10、BD【解析】电势-位置图像的斜率是电场强度，通过分析场强的大小和方向解决问题
