《2023学年上海师大附中物理高二上期中调研试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023学年上海师大附中物理高二上期中调研试题含解析.doc（11页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电流，下列说法正确的是（ ）A根据I=q/t可知，I与q成正比B如果在相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定不变的C电流有方向，因此电流是矢量D电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位2、质量和电荷量都相
2、等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中两个虚线所示，下列表述正确的是（）AM带正电，N带负电BM的速率大于N的速率C洛伦磁力对M、N做正功DM的运行时间大于N的运行时间3、一个做匀加速直线运动的物体，当它的速度由v增至2v，发生的位移为；当它的速度由2v增至3v时，发生的位移为，则( )ABCD4、关于人造地球卫星，下列说法正确的是（ ）A由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的倍B由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，速度增大到原来的倍C由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力减为原来的D由，卫星轨道半径增大到原来的两倍时，向心力减为原来的
3、5、如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45角，上极板带正电两极板电场强度为E0.一电荷量为q（q0）的粒子在电容器中靠近下极板处以某一初动能竖直向上射出不计重力，极板尺寸足够大若粒子能打到上极板，则粒子的初动能的最小值为（ ）A E0qdBE0qdC2E0qdD4E0qd6、在城市建设施工中，经常需要确定地下金属管线的位置，如图所示，有一种探测方法是，首先给金属长直管线上同上电流，再用可以测量磁场强弱、方向的仪器进行一下操作：用测量仪在金属管线附近的水平地面上找到磁场的最强的某点，记为a；在a点附近的地面上，找到与a点磁感应强度相同的若干点，将这些点连成直线EF；在地面上过a点
4、垂直于EF的直线上，找到磁场方向与地面夹角为45的b、c两点，测得b、c两点距离为L，由此可确定金属管线A平行于EF，深度为B平行于EF，深度为LC垂直于FE，深度为D垂直于EF，深度为L二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，A、B 两点分别位于大、小轮的边缘上，C 点位于大轮半径的中点，大轮的半径是小轮半径的 2 倍，它们之间靠摩擦传动，接触面不打滑下列说法正确的是 （ ）AA 与 B 线速度大小相等BB 与 C 线速度大小相等CA 的角速度是 C 的 2 倍D
5、A 与 C 角速度大小相等8、如图所示电路，电源的电动势为E，内阻为r，用PR表示电源的输出功率；用Pr表示电源内阻消耗的功率。以下说法正确的是（）A根据公式可知，当I增大时，U随着增大B根据公式可知，当I增大时，U随着减小C根据公式可知，当I增大时，PR随着增大D根据公式可知，当时PR有最大值9、某同学用伏安法测电阻时，分别采用了内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx间的关系为()AR1Rx BRxR2CRxR1 DR2Rx10、三个不计重力的完全相同的带电粒子，在同一点沿水平方向飞入两水平板间的偏转电场，出现了如图所示的轨迹，a打在下板中央，b刚好从
6、下板的右边缘射出,c从b上方穿出。则下列叙述正确的是Ab和c同时飞离电场B在b飞离电场的同时，a刚好打在下极板上C进入电场时c的速度最大，a的速度最小D动能的增加量c最大，a和b一样大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）下列游标卡尺读数为_mm，螺旋测微器读数为_mm 。12（12分）如下图所示是定性研究平行板电容器电容的影响因素的装置，平行板电容器的A板与静电计相连，B板和静电计金属壳都接地（1）指出下列三个图所示的情况下，静电计指针的偏转角度变化情况：正对面积减小时，静电计指针的偏转角度_；板间距离增大时，静电计指针的偏转角度
7、_；插入电介质时，静电计指针的偏转角度_（2）实验说明平行板电容器的电容与正对面积、板间距离、电介质的介电常数之间的关系为：_；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）电磁炮是一种理想的兵器，它的主要原理如图所示.1982年澳大利亚国立大学制成了能把2.2g的弹体(包括金属杆EF的质量)加速到10km/s的电磁炮(常规炮弹的速度约为2km/s)，若轨道宽2m，长为100m，通过的电流为10A，试问轨道间所加匀强磁场的磁感应强度是多大？(轨道摩擦不计)14（16分）如图所示的闭合电路中，电源电动势E=12V，内阻
8、r=1，灯泡A标有“6V，3W”，灯泡B标有“4V，4W”当开关S闭合时A、B两灯均正常发光求：R1与R2的阻值分别为多少？15（12分）如图所示，水平固定一个光滑长杆，有一个质量为m小滑块A套在细杆上可自由滑动在水平杆上竖直固定一个挡板P，小滑块靠在挡板的右侧处于静止状态，在小滑块的下端用长为L的细线悬挂一个质量为2m的小球B，将小球拉至左端水平位置使细线处于自然长度，由静止释放，已知重力加速度为g求：(1)小球运动过程中，相对最低点所能上升的最大高度；(2)小滑块运动过程中，所能获得的最大速度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符
9、合题目要求的。1、D【解析】是电流的定义式，其大小与电量及时间无关，故A错误；恒定电流是指大小和方向均不变的电流，若电流大小不变而方向变化时也不是恒定电流，故B错误；电流有方向，但电流的运算满足代数法则不满足满足平行四边形定则，所以电流是标量，故C错误；电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位，故D正确所以D正确，ABC错误2、B【解析】A、由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A错误；B、粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，半径为： ，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N的速率，故B正确；C、洛伦兹力不做功，故C错误；D、粒子在磁场中运动半周，即时间为周
10、期的一半，而周期为，与粒子运动的速度无关，所以M的运行时间等于N的运行时间，故D错误。点睛：该题考查到左手定则、半径的公式和根据周期的公式，属于基本应用。3、B【解析】速度由v增至2v时，发生的位移为：；速度由2v增至3v时，发生的位移为：，则故B正确，ACD错误故选B4、C【解析】根据公式，移项化简得，所以当轨道半径变为原来的倍时，速度变为原来的倍，AB错误；根据公式，当轨道半径变为原来的倍之后，万有引力变为，C正确；由，当轨道半径增大到原来的两倍时，向心力变为原来的，D错误5、C【解析】根据电荷的受力情况可知，粒子在电场中做曲线运动，如图所示：将粒子的速度v分解为垂直于板的vy和平行的vx
11、，由于极板与水平面夹角45，粒子的初速度方向竖直向上，所以粒子初速度在垂直于板的方向的速度为：，当电场足够大时，粒子到达上极板时速度恰好与上极板平行，即粒子垂直于极板方向的速度vy=0，此时动能最小，根据运动学公式有：，最小动能为：，联立可得：，故C正确，ABD错误6、A【解析】根据通电直导线产生的磁场特点：距离电流越近，产生的磁场强度越大，则a点距离管线最近，EF上的点均是距离管线最近的点，管线在EF的正下方，与EF平行；根据安培定则做出管线产生磁场的横截面图示：则由几何关系可以确定a到管线的距离为，故A正确，BCD错误；故选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出
12、的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知A、B两点具有相同的线速度，故A正确；BC点A和点B具有相同的线速度大小，又因为A、C具有相同的角速度，根据可知B点的线速度大于C点的线速度，故B错误；C点A和点C是同轴传动，角速度相等，故C错误，D正确8、BD【解析】AB由闭合电路欧姆定律可知，当I增大时，U随着减小，A错误，B正确；CD根据公式可知，当时PR有最大值，C错误，D正确。故选BD。9、AD【解析】采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分
13、压使电压表测量值偏大，由欧姆定律可知求得的测量值偏大，故A正确；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，由欧姆定律可知测量值偏小，故D正确。所以AD正确，BC错误。10、BC【解析】A. 三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同。b、c竖直方向上的位移不等，根据，可知，加速度相同，而时间不同，c运动时间短，故A错误。B. 三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同。a、b两粒子在竖直方向上的位移相等，根据可知运动时间相等。故B正确。C. 在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：因xc=xb，tctb则vcvb根据ta=
14、tb，xbxa则vbva所以有：vcvbva故C正确。D. 电场力做功等于a、b两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等。c电荷电场力做功最少，动能增加量最小。故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9.65; 11.898; 【解析】游标卡尺的读数为：螺旋测微器的读数为：【点睛】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。12、（1）增大； 增大； 减小 （3） 【解析】（1）正对面积减小时，根据，判断电容变小，电容器的带电量Q不变，根据U=Q/C判断电势差变大，所以静电计指针的偏转角度增大；板间距离变大时，根据，判断电容变小，电容器的带电量Q不变，根据U=Q/C 判断电势差变大，静电计指针的偏转角度增大当插入电介质时，C增大，Q不变，则可知，电势差减小；故偏转角减小；（2）实验说明平行板电容器的电容与正对面积、板间距离、电介质的介电常数之间的关系为：电容与正对面积、介电常数成正比；与板间距离成反比；即；【点睛】解决本题的关键根据，判断电容的变化，根据U=Q/C 判断电势差的变化同时注意这是探究性的实验，要注意实验分析四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答
