《2023学年辽宁葫芦岛协作校物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023学年辽宁葫芦岛协作校物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析.doc（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有一毫伏表，它的内阻是100 ，量程为300 mV，现 要将它改装成量程为3 V的伏特表，则毫伏表应（ ）A并联一个100 的电阻 B并联一个900 的电阻C串联一个100 的电阻 D串联一个900 的电阻2、关于电源电动势，以下说
2、法中正确的是A电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，所以当电源接入电路时，电动势将发生变化B在闭合电路中，并联在电源两端电压表的读数是电源的电动势C电源电动势是表示电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量D电动势越大，说明静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多。3、关于电流，下列说法中正确的是( )A通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B电子运动的速率越大，电流越大C因为电流有方向，所以电流是矢量D单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大4、如图所示为两个等量点电荷的电场线，图中A点和B点、C点和D点皆关于两电荷连线的中点O对称，若将一电荷放在此电
3、场中，则以下说法正确的是( )A电荷在O点受力最大B电荷沿直线由A到B的过程中，电场力先增大后减小C电荷沿直线由A到B的过程中，电势能一定先增大后减小D电荷沿直线由C到D的过程中，电场力先增大后减小5、下列物理量中，均属于矢量的是A质量、位移、功B质量、加速度、时间C位移、速度、时间D力、位移、速度6、如图所示三个同心圆是以点电荷Q为圆心的等势面，下列说法正确的是 ( )A将电荷+q由B点移到C点，电场力做正功B一个点电荷+q在B点具有的电势能比在A点的小C一个点电荷+q在B点所受的电场力比在A点的大D将同一电荷从B点移到D点，电场力做功比由B点移到C点多二、多项选择题：本题共4小题，每小题5
4、分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一重球从高处下落到 b 点时和弹簧接触，压缩弹簧至最低点 c 点后又被弹簧弹起，则重球从 b至 c 的运动过程中A速度逐渐减小B加速度先减小后增大C克服弹力做的功等于重力做的功D重球在 c 点的加速度大于重力加速度 g8、如图所示，从炽热的金属丝漂出的电子(速度可视为零)，经加速电场加速后从两极板中间垂直射入偏转电场电子的重力不计在满足电子能射出偏转电场的条件下下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是( )A仅将偏转电场极性对调B仅减小偏转电极间的距离C仅增大偏转电
5、极间的电压D仅减小偏转电极间的电压9、质量为m 的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点. 不计空气阻力且小球从未落地，则（ ）A整个过程中小球电势能减少了B整个过程中小球动量增量的大小为2mgtC从加电场开始到小球运动到最低点过程小球动能减少了D从A点到最低点小球重力势能减少了10、一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、电荷量和中间的电介质不变，将两极板间的距离变小，其电容C、极板间匀强电场的场强E及两板间电势差U的变化情况是AC增大、E不变BC增大、U增大CU减小、E不变DC减小、U减小三、实验题：本题共2小题，共1
6、8分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做测干电池的电动势和内电阻的实验时，备有下列器材选用：A干电池一节（电动势约为 1.5V）B直流电流表（量程 0-0.6-3A）C直流电压表（量程 0-3-15V）D滑动变阻器 （阻值范围 0-15，允许最大电流 lA）E电键F导线若干根G电池夹（1）将选定的器材按本实验要求的电路，在方框内画出实验电路图。（_）（2）根据实验记录，画出的 U-I 图象如图所示，可得待测电池的电动势为_V，内电阻 r 为_。（结果保留三位有效数字）12（12分）某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10k），除了Rx，开关S、导线外，还
7、有下列器材供选用：A电压表（量程01V，内阻约10k）B电压表（量程010V，内阻约100k）C电流表（量程01mA，内阻约30）D电流表（量程00.6A，内阻约0.05）E.电源（电动势1.5V，额定电流0.5A，内阻不计）F.电源（电动势12V，额定电流2A，内阻不计）G.滑动变阻器R0（阻值范围010，额定电流2A）为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用_，电源选用_。（均填器材的字母代号）；画出测量Rx阻值的实验电路图_。该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把
8、答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图所示的电路中，电源电动势E15V，内阻r=5，电阻R1、R2、R3的阻值均为10，S为单刀三掷电键，求（1）电键S接A时电压表的读数（2）电键S接B时电压表的读数（3）电键S接C时电压表的读数14（16分）如图所示，固定于水平桌面上足够长的两平行导轨PQ、MN，间距为，P、M两端接有一只理想电压表，整个装置处于竖直向下的磁感强度的匀强磁场中，电阻均为，质量分别为和的两金属棒，平行地搁在光滑导轨上，现固定棒，使棒在水平恒力的作用下，由静止开始作加速运动试求：（1）当V表读数为时，棒的加速度多大？（2）棒能
9、达到的最大速度；（3）若在棒L2达时撤去外力F，并同时释放棒L1，求棒L2达稳定时速度值；（4）若固定L1，当棒的速度为，且离开棒距离为S（m）的同时，撤去恒力F，为保持棒作匀速运动，可以采用将B从原值（）逐渐减小的方法，则磁感强度B应怎样随时间变化（写出B与时间t的关系式）？15（12分）两块厚度相同的木块A和B,紧靠着放在光滑的水平面上,其质量分别为mA=4.0kg,mB=1.8kg,它们的下底面光滑,上表面粗糙;另有一质量mC=0.2kg的滑块C(可视为质点),以vc=20m/s的速度恰好水平地滑到A的上表面，如图所示，由于摩擦，滑块最后停在木块B上，B和C的共同速度为1.0m/s，求：
10、(1)木块A的最终速度VA；(2)滑块C离开A时，滑块C的速度VC的大小.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】把毫伏表改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值： ；故选D2、C【解析】解：电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，不会因为接入电路而发生变化,电动势越大,电源将其他形式的能转化为电能的本领越大.A错误、C正确；根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir,得知,当I=0时,U=E,即电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势.故B错误；电动势越大说明非静电力在电源内部把单位电荷量的正电
11、荷在电源内从负极移到正极时非静电力做的功越多,D错误。3、D【解析】根据I=q/t可知，通过导体横截面的电荷量越多，电流不一定越大，选项A错误；根据I=nesv可知，电子运动的速率越大，电流不一定越大，选项B错误；电流有方向，但是电流是标量，选项C错误；根据I=q/t可知，单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大，选项D正确；故选D.4、D【解析】A根据电场线的疏密特点，在AB直线上，O点电场强度最小，则受到电场力最小，而在CD直线上，O点的电场强度最大，则受到电场力最大，因此电荷在O点受力不是最大，故A错误；BD根据电场线的疏密可知，从A到B的过程中，电场强度先减小后增大，则电
12、场力也先减小后增大；同理从C到D的过程中，电场强度先增大后减小，则电场力也先增大后减小，故B错误，D正确；C电荷沿直线由A到B的过程中，无法确定电荷做功的正负，因此无法确定电势能变化，故C错误。5、D【解析】A.速度、位移既有大小，又有方向，是矢量，功只有大小，没有方向，是标量，故A错误；B.质量、时间都只有大小，没有方向，是标量，加速度既有大小，又有方向，是矢量，故B错误；C.位移、速度既有大小，又有方向，是矢量，时间只有大小，没有方向，是标量，故C错误；D. 力、位移、速度都既有大小，又有方向，是矢量，故D正确；6、A【解析】本题考查点电荷的电场由题意知A电势最低场强最大，B电势最高场强最
13、小将电荷+q由B点移到C点，电场力做正功，A对；正电荷在电势高处电势能大，一个点电荷+q在B点具有的电势能比在A点的大，B错；一个点电荷+q在B点所受的电场力比在A点的小，C错；电场力做功与路径无关，CD在同一等市面上，将同一电荷从B点移到D点和由B点移到C点电场力做功相等，D错；选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AB.小球与弹簧接触,开始重力大于弹力,加速度方向向下,做加速运动,向下运动的过程中,弹力增大,则加速度减小,加速度减小到零,速度达到最大
14、,然后弹力大于重力,加速度方向向上,做减速运动,向下运动的过程中,弹力增大,则加速度增加,所以速度先增大后减小,加速度先减小后增大.故A错误,B正确.C. 重球从 b至 c 的运动过程中,重力做正功，弹力做负功，而动能减小，根据动能定理可知：克服弹力做功大于重力做的功，故C错；D. 若小球从弹簧处由静止释放,到达最低点,根据运动的对称性,知加速度等于g,方向竖直向上,若从某一高度下降,下降的更低,则加速度大于g，故D对；故选BD【点睛】根据小球的受力得出加速度的方向,根据加速度的方向与速度方向的关系,判断小球的运动情况,从而得出速度和加速度的变化8、BC【解析】A项：偏转电极只能使电子偏转方向
15、相反，不能增大偏转角，故A错误；B、C、D项：根据动能定理：，得：，在偏转电场中：，若使偏转角变大即使变大，故B、C正确点晴：本题是带电粒子先加速后偏转问题，要注意电场中加速根据动能定理求解获得的速度、而在偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成9、BC【解析】A、由平均速度关系可知，设下落t秒时的速度为v，再次回到A点时的速度大小为vx则满足，即第二次回到A点时的速度大小vx=2v，为下落t秒时的2倍，物体做自由落体运动的过程中：v=gt，增加电场后的加速度a，则：vx=-v+at ，可得上升加速度a为自由落体加速度的3倍；由牛顿第二定律得：F电-mg=ma，F电=ma+mg=4mg，电场力为重力的4倍，电场力做功对应电势能变化，故 A错误B、整个过程中小球动量
