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1、山东省德州市夏津第一中学2020-2021学年高二物理上学期九月月考试题山东省德州市夏津第一中学2020-2021学年高二物理上学期九月月考试题年级：姓名：- 16 -山东省德州市夏津第一中学2020-2021学年高二物理上学期九月月考试题（含解析）（时间：90分钟 满分：100分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. 下列判断正确的是（ ）A. 通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流越大B. EUIr适用于任何电路C. 由R 可知，I一定时，导体的电阻R与U成正比，U一定时，导体的电阻R与I成反比D. 由知，材料相同的
2、两段导体，长度大的导体的电阻一定比长度小的导体的电阻大【答案】B【解析】【详解】A根据电流的定义式可知通过导线横截面的电荷量越多，电流不一定越大，A错误；B适用于任何电路，B正确；C电阻是电阻元件本身具有的属性，和外电路的电压和电流无关，C错误；D材料相同的两段导体，电阻率相同，根据电阻定律可知长度大的导体的电阻不一定比长度小的导体的电阻大，还与导体的横截面积有关，D错误。故选B。2. 关于冲量，下列说法正确的是（）。A. 作用力越大，冲量越大B. 冲量是标量C. 力与时间的乘积越大，冲量越大D. 物体的动量越大，受到的力的冲量越大【答案】C【解析】【详解】AC根据冲量的定义式I=Ft可知，作
3、用力越大，冲量不一定越大，还要看作用的时间，如果力与时间的乘积越大，冲量越大，故A错误，C正确；B冲量是矢量，方向与合外力的方向相同，故B错误；D冲量越大，动量的变化量越大，动量不一定大，故D错误。故选C。3. 人从高处跳到低处时，为了安全，一般都是前脚掌先着地，并在着地的过程中屈腿下蹲，这是为了（）A. 减小人的动量变化量B. 减小人脚所受的冲量C. 增大人对地的压强，使人站立得更稳，起到安全作用D. 延长人体速度变化所经历的时间，从而减小地面对人脚的作用力【答案】D【解析】【详解】D人从高处跳到低处时，脚与地面接触时，人的速度会变为0，规定向上为正方向，对人由动量定理得其中，F表示地面对人
4、的支持力。由此可以看出，前脚掌先着地，并在着地的过程中屈腿下蹲，这些动作都是为了延长作用时间，从而减小地面对人的支持力，所以D正确；AB由D选项分析可知，人从高处跳到低处不会因为上述动作而改变动量的变化量，即动量的变化量时不变的，人脚所受的冲量就等于人的动量的变化量，所以也是不变的，所以AB错误；C根据压强的定义由D选项分析可知，此动作，人对地面的压力减小，人对地的压强不确定减小还是变大了，所以C错误。故选D。4. 两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折绞合，然后把它们串联在同一个电路中，则它们两端的电压之比为（）A. 1：4B. 1：8C. 1：16D.
5、 16：1【答案】D【解析】【详解】设原来的电阻为R，根据得，把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，根据体积不变知，横截面积变为原来的，电阻变为原来的4倍，即为4R；把另一根对折后绞合起来，则长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，则电阻变为原来的，即为，所以它们的电阻之比为16：1，串联在一起后，电流相等，根据可知，电压之比等于电阻之比，即为16：1。故选D。5. 如图是一个多量程多用电表的简化电路图，图中E是电池，G为表头，虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。下列说法正确的是（ ）A. 该多用电表的A端应接黑表笔B. 换挡开关旋至3处为欧姆挡，电阻值为读数乘以倍率C. 换挡开
6、关旋至1、2处为电流挡，换挡开关旋至2处量程较大D. 换挡开关旋至4、5处为电压挡，换挡开关旋至5处量程较小【答案】AB【解析】【详解】A根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”则A端应接黑色笔，故A正确；B根据多用电表的欧姆档测量原理为表头连接电源和滑动变阻器，根据全电路的欧姆定律由电流的大小换算出待测电阻，故换挡开关旋至3处为欧姆挡，电阻值为读数乘以倍率，故B正确；C换挡开关旋至1、2处为表头并联不同的电阻，利用并联分流测大电流，则这两处为电流挡，且并联电阻越小能分流越多，换挡开关旋至1处是并联的R1，量程换挡开关旋至2处是并联的（R1+
7、R2），故接1处量程较大，故C错误；D换挡开关旋至4、5处为表头串联不同的电阻，根据串联分压，则这两处构成电压挡，换挡开关旋至5处串联的总电阻较大，其量程较大，故D错误。故选AB。6. 如图所示，S闭合后，两个灯泡均发光，过一段时间后两灯突然都熄灭，电流表的示数为零，用电压表测L2两端电压，电压表示数近似等于电源电压，该电路的故障可能是（）A. 电流表坏了或未接好B. L1的灯丝被烧断或没接好C. L1和L2的灯丝都被烧断D. L2的灯丝烧断或灯座与灯泡没接触【答案】D【解析】【详解】A如果是电流表坏了或未接好，则由于它在总路上，则就没有了电流，电压表也就没有了示数，A错误；BL1的灯丝被烧断
8、或没接好，若把电压表接在L2两端，则电压表中仍然没有电流，故其示数为零，与实际不相符，B错误；C若两灯都烧断了，则电压表接入后也会没有示数，C错误；DL2的灯丝烧断或灯座与灯泡没接触，若把电压表接在L2两端，由于电压表的电阻很大，分得的电压很多，所以其示数接近电源电压；由于电压表的电阻很大，则电路中的电流就很小，所以电流表的指针几乎不偏转，可以认为是电流表的示数为零了，D正确。故选D。7. 如图所示的电路中，电阻、，给电路通以恒定电流，电阻R1消耗的功率为，则R2和R3消耗的总功率为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】和并联电阻根据串联电路正比分压，和并联后与串联，电压与两端
9、电压相等，总电流与流过的电流相等，由可知，和消耗的总功率为，故A正确，BCD错误。故选A。8. 如图所示，电源的电动势E不变，内阻r为1.5，定值电阻R1为0.5，滑动变阻器R2的最大阻值为5，关于此电路的下列说法正确的是（）A. 滑动变阻器R2阻值为1.0时，定值电阻R1消耗功率最大B. 滑动变阻器R2阻值为2.0时，变阻器R2消耗功率最大C. 滑动变阻器R2阻值为1.5时，电源输出功率最大D. 滑动变阻器R2阻值为5时，电源总功率最大【答案】B【解析】【详解】A变阻器的阻值R20时，电流最大，故根据PI2R1，电阻R1消耗的功率最大，故A错误；B由闭合电路欧姆定律结合功率公式，根据等效内阻
10、法，当R2R1+r2时，变阻器消耗的功率最大，故B正确；C当内外电阻相等时，即R1+R2r得R2r-R11.5-0.51电源的输出功率最大，故C错误；D电源的总功率P总EI，当总电流最大时，即总电阻最小时R20，电源的总功率最大，故D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9. 用多用电表测电阻时，若选择“100”的欧姆档测量发现（ ）A. 指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，则应换用“1k”的欧姆档测量B. 指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，则应换“10”或“1
11、”欧姆档测量C. 指针指在电阻刻度较靠近的某刻度线上，则应换用“1k”的欧姆档测量D. 指针在电阻刻度较靠近的某刻度线上，则应换用“10”或“1”的欧姆档测量【答案】BC【解析】【详解】AB指针指在电阻刻度较靠近0某刻度线上，所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用“10”或“1”的欧姆档，故A错误，B正确；CD指针指在电阻刻度较靠近的某刻度线上，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，则应换用“1k”的欧姆档，故C正确，D错误；故选BC。10. 如图，电流表A1（00.6A）和A2（03A）是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接人电路。闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确
12、的是（）A. A1、A2的读数之比为1：5B. Al、A2的读数之比为1：1C. A1、A2的指针偏转角度之比为1：1D. Al、A2的指针偏转角度之比为1：5【答案】AC【解析】【详解】这两个电流表是并联接入电路的，所以这两个电流计也是并联的，且两个电流计两端电压相等，所以通过这两个电流计的电流相等，即两个电流表的指针偏转角度相同，因为他们的量程之比为1：5，所以两个电流表的读数之比为1：5，故AC正确，BD错误。故选AC。11. 在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下调节，则下列叙述正确的是（ ）A. 灯L1变亮，电压表的示数
13、增大B. 灯L2变暗，电流表的示数增大C. 电源的效率增大，电容器C所带电荷量减小D. 电源的效率减小，电容器C所带电荷量减小【答案】BD【解析】【分析】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化电压表的示数等于路端电压判断灯L1亮度的变化根据路端电压与灯L1电压的变化，分析并联部分电压的变化，判断灯L2亮度的变化根据干路电流与灯L2电流的变化，分析电流表读数的变化根据电容器电压的变化，即可判断其电量的变化【详解】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外
14、电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压U并=U-U1，U减小，U1增大，则U并减小，灯L2变暗流过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大，故A错误，B正确；R与灯L2并联，U并减小，电容器板间电压减小，则其带电量减小故D正确，C错误故选BD【点睛】本题是电路动态变化分析问题，难点在于分析电流的示数变化，往往根据干路电流与另一支路的电流变化来确定，也可以根据结论判断，即变阻器这一路电流的变化与干路电流变化情况一致12. 如图所示，直线、分别是电源1与电源2的路端电压随输
15、出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线。曲线与直线、相交点的坐标分别为P（5，3.5）、Q（6，5）。如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（）A. 电源1与电源2的内阻之比是3：2B. 电源1与电源2的电动势之比是1：1C. 在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是21：26D. 在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7：10【答案】AB【解析】【详解】A在电源的UI图象中，图象的斜率的绝对值表示电源的内电阻，根据电源UI图线，可知，电源1、电源2的内阻分别为r1同理，r2所以r1：r23：2故A正确；BUI图象的纵轴截距表示电动势，故E1E210V即电源1与电源2的电动势之比是1：1，故B正确；CD灯泡伏安特性曲线
