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1、2023学年高一物理下期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、 (本题9分)下列说法正确的是（ ）A做匀速圆周运动的物体处于平衡状态B做匀速圆周运动的物体所受的合
2、外力是恒力C做匀速圆周运动的物体的加速度大小恒定D做匀速圆周运动的物体的速度恒定2、 (本题9分)如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动若保持F的大小不变，而方向与水平面成60角，物块也恰好做匀速直线运动物块与桌面间的动摩擦因数为()A2BCD3、 (本题9分)如图所示，某同学斜向上抛出一石块，空气阻力不计下列关于石块在空中运动过程中的水平位移x、速率v、加速度a和重力的瞬时功率P随时间t变化的图象，正确的是（）ABCD4、 (本题9分)如图所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在M、N两点之间做简谐运动下列判断正确的是（ ）A振子从O向N运动的过程中位移不断减小B振子从O向N运动
3、的过程中回复力不断减小C振子经过O时动能最大D振子经过O时加速度最大5、 (本题9分)下列几个物理实验中，与实验“探究平行板电容器电容的决定因素”的思想方法相同的是A卡文迪许扭秤测引力常量B探究力的合成规律C观察桌面的微小形变D探究加速度与力、质量的关系6、 (本题9分)一根长为L ，质量不计的轻杆，轻杆的中点及右端各固定一个质量为m的小球，轻杆可以带着球在竖直平面内绕O点转动，若开始时轻杆处于水平位置，并由静止释放，如图所示当杆下落到竖直位置时（ ）A外端小球的速率为B外端小球的机械能减少mgLC中点小球的机械能减少mgLD每个小球的机械能都不变7、如图，斜面倾角为O，xAP=2xPB，斜面
4、上AP段光滑，PB段粗糙。一可视为质点的小物体由顶端A从静止释放，沿斜面下滑到底端B时速度为零，下列说法正确的是（）A小物体在AP段和PB段运动的加速度大小之比为1：2B小物体在AP段和PB段运动的时间之比为1：1C小物体在AP段和PB段合外力做功绝对值之比为1：1D小物体在AP段和PB段受合外力的冲量大小之比为2：18、如图所示，一轻绳通过小定滑轮O与小球B连接，另一端与套在竖直杆上的小物块A连接，杆固定且足够长。开始时用手握住B使A静止在P点，细线伸直。现释放B，A向上运动，过Q点时细线与竖直杆成60角，R点位置与O等高。(不计一切摩擦，B球未落地)则A物块A过Q点时，A、B两物体的速度关
5、系为vA=2vBB物块A由P上升至R的过程中，物块A的机械能增加量等于小球B的机械能减少量C物块A由P上升至R的过程中，细线对小球B的拉力总小于小球B的重力D物块A由P上升至R的过程中，小球B所受重力的瞬时功率先增大后减小9、 (本题9分)如图，半径R=0.45m的四分之一光滑圆弧面轨道竖直固定，弧面下端与一水平足够长传送带右端相切，传送带以恒定的速度v=2m/s沿顺时针方向匀速转动。一质量m=1kg的小物块自圆弧面轨道的最高点由静止滑下，物块与传送带之间的动摩擦因数=0.2，不计物块滑过曲面与传送带交接处时的机械能损失，重力加速度g=10m/s2，则物块从第一次滑上传送带到第一次离开传送带的
6、过程中，下列说法正确的是（ ） A物块在传送带上向左运动的最远距离为2mB物块运动的时间为3.125sC物块与传送带间因摩擦产生的热能为12.5JD传送带对物块做的功为2.5J10、 (本题9分)一半径为R的球形行星绕其自转轴匀速转动，若质量为m的物体在该星球两极时的重力为G0，在赤道上的重力为，则（）A该星球自转的角速度大小为B环绕该星球表面做匀速圆周运动的卫星的速率为C环绕该星球表面做匀速圆周运动的卫星的速率为D放置于此星球表面纬度为60处的物体，向心加速度大小为二、实验题11、（4分） (本题9分)某实验小小组应用如图所示装置探究“恒力做功和物体动能变化间的关系”已知小车的质量为，砝码及
7、砝码盘的总质量为，实验步骤如下：按图示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，读出弹簧测力计的读数同时，打出一条纸带，由纸带求出小车在相应位置的速度；改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤，求得小车在不同合力作用下在相应位置的速度，并读出相应的弹簧测力计读数根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是_A实验过程中砝码和砝码盘处于超重状态B与小车相连的轻绳与长木板一定要平行C弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半D砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）如
8、上图所示是实验中得到的一条纸带，其中小、是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为，相应计数点间的距离已在图中标出，测出小车的质量为弹簧测力计的读数为，在打点时小车的速度大小为_ ；从打点到打点的过程中，合力对小车做的功是_，小车动能的增量是_（用题中和图中的物理量符号表示）12、（10分） (本题9分)如图所示，是利用闪光照相研究平抛运动的示意图，其闪光频率为10Hz小球A沿斜槽滚下后从斜槽边缘水平抛出，当它离开斜槽边缘的同时小球B自由下落，照片中记录了B球的四个闪光时刻的位置， 两球恰好在位置4相碰，由此说明A球的竖直方向做_运动，A球离开斜槽边缘的速度为_m/s（g取10m/s2）20
9、23学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【答案解析】做匀速圆周运动的物体所受合外力提供向心力，A错；向心力时刻指向圆心，B错；速度方向时刻发生变化，D错；加速度为，大小恒定不变，C对；2、C【答案解析】当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：，当拉力倾斜时，物体受力分析如图由平衡条件得：，又，得摩擦力为：，联立解得：，故选C.3、A【答案解析】A、物体做斜抛运动，根据运动的分解和合成的规律将其分解为
10、水平方向的直线运动和竖直方向的上抛运动，故水平分位移与时间成正比，故A正确；B、物体做斜上抛运动，速度先减小后增大，故B错误；C、物体只受重力，加速度保持不变，为g，向下，故C错误；D、速度的水平分量不变，竖直分量先减小到零，后反向增加，故根据，重力的功率先减小后增加，故D错误； 故选A【答案点睛】关键是明确物体的运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的上抛运动，然后结合机械能守恒定律和功率的表达式列式分析4、C【答案解析】A.简谐振动的位移起点为O点，则从O到N运动位移大小不断增大，方向向右；故A项不合题意.B.根据简谐振动的回复力可知，从O到N的位移x增大，回复力不断增大；故B项不
11、合题意.CD.简谐振动经过平衡位置O时，位移为零，可知恢复力为零，由牛顿第二定律可得加速度为零；而经过平衡位置时是振动从加速变为减速的转折点，速度最大，动能最大；故C项符合题意，D项不合题意.5、D【答案解析】实验“探究平行板电容器电容的决定因素”的思想方法是控制变量法；卡文迪许扭秤测引力常量以及观察桌面的微小形变都是利用了放大思想；探究力的合成规律是利用等效思想；探究加速度与力、质量的关系是利用了控制变量法；故选D.6、AC【答案解析】A. 两球转动的角速度相等，根据v=r知，两球的线速度大小之比为1:2，设杆的中点小球的速度为v，则外端小球的速度为2v，根据系统机械能守恒得：mgL+mg=
12、 + 解得：v=，则外端小球的速率为：v=2v=，故A正确；BCD. 外端小球的重力势能减小量为mgL，动能增加量为：=mgL，则外端小球机械能增加mgL，根据系统机械能守恒知，中点小球的机械能减小mgL.可知两球的机械能都在变化故BD错误，C正确故选AC.7、AC【答案解析】A、已知，将逆向视为初速度为零的匀加速直线运动，根据，；所以小物体在段和段运动的加速度大小之比为1：2，故选项A正确；B、根据，加速度之比为1：2，所以小物体在段和段运动的时间之比为2：1，故选项B错误；C、根据动能定理知，段和段的动能变化绝对值相等，小物体在段和段合外力做功绝对值之比为1：1，故选项C正确；D、加速度之
13、比为1：2，根据知小物体在段和段合外力之比为1：2，根据冲量，所以小物体在段和段受合外力的冲量大小之比为1：1，故选项D错误。8、ABD【答案解析】A.物块A过Q点时，将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，沿绳子方向的分速度等于B的速度，即vB=vAcos60，得vA=2vB；故A正确.B.物块A由P上升至R的过程中，对于A、B组成的系统，由于只有重力做功，所以系统的机械能守恒，则物块A的机械能增加量等于小球B的机械能减少量；故B正确.C.物块A由P上升至R的过程中，小球B的速度先增大后减小，物块上升至R时B球的速度为零，则小球B的加速度先向上后向下，先处于超重状态后处于失重状态，
14、则细线对小球B的拉力先大于小球B的重力，后小于小球B的重力；故C错误.D.物块A由P上升至R的过程中，小球B的速度先增大后减小，由P=mgv知小球B所受重力的瞬时功率先增大后减小；故D正确.9、BC【答案解析】A、物体沿圆弧面下滑，机械能守恒：mgR=mv02，得：v0=3m./s，物体在传送带上相对运动时的加速度大小为：a =g=2m/s2，物体滑上传送带向左运动的最远距离：s1=2.25m，故A错误。B、物体向左运动的时间：t1=1.5s，物体向右加速到v的时间：t2=1s，向右加速的位移：s2=1m，然后物体以速度v匀速运动的时间：t3= 0.625s，物体第一次从滑上到离开传送带所经历
15、的时间：t= t1+ t2+ t3=3.125s，故B正确。C、物块与传送带间因摩擦产生的热能Q=mg(s1+vt1+vt2-s2)=12.5J，故C正确。D、根据动能定理，传送带对物块做的功W=mv2-mv02=-2.5J，故D错误。【答案点睛】10、ACD【答案解析】A.在两极，万有引力等于重力，有：GG0，在赤道，有：G+mR2，联立两式解得=，故A正确BC.根据Gm得，v=，又GG0，解得v=，故B错误，C正确D.处于星球表面纬度为60处的物体，绕地轴转动的半径r=Rcos60R，则向心加速度a=r2R，故D正确故选ACD二、实验题11、B FS 【答案解析】（1）由图可知，实验过程中砝码向下加速运动，加速度方向向下，处于失重状态，
