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1、江苏省大丰市新丰中学2018-2019学年高二物理下学期期中试题（含解析）一、单项选择题（15分)1. 某磁场中的磁感线如图所示，有铜线圈自图示A位置落至B位置，在下落的过程中，自上向下看,线圈中的感应电流方向是（ )A. 始终顺时针B。 始终逆时针C. 先顺时针再逆时针D. 先逆时针再顺时针【答案】C【解析】试题分析：在下落过程中，磁感应强度先增大后减小，所以穿过线圈的磁通量先增大后减小，A处落到O处,穿过线圈的磁通量增大，产生感应电流磁场方向向下，所以感应电流的方向为顺时针O处落到B处，穿过线圈的磁通量减小,产生感应电流磁场方向向上，所以感应电流的方向为逆时针;综上所述，故C正确，ABD错
2、误故选C。考点：楞次定律【名师点睛】解决本题的关键掌握楞次定律的内容：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化；熟练掌握用楞次定律来判断感应电流方向的步骤2.穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟均匀地减少2 Wb，则( )A。 线圈中感应电动势每秒钟增加2 V；B。 线圈中感应电动势每秒钟减少2 V；C. 线圈中无感应电动势；D. 线圈中感应电动势保持不变；【答案】D【解析】试题分析: 由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势，感应电动势是一个定值，不随时间变化，故A、B、C错误，D正确。考点：法拉第电磁感应定律3。如图所示，单匝矩形线圈的一半放在具有理想边界的匀强磁场中，线圈轴线OO与
3、磁场边界重合。t0时线圈从图甲所示的位置开始匀速转动，规定电流方向沿adcba为正方向.则线圈内感应电流随时间变化的图象应是图中的( ）A。 B。 C. D。 【答案】A【解析】【详解】图示时刻后瞬间，由楞次定律判断出线圈中感应电流方向为：abcda,为负方向。线圈中产生的感应电动势表达式为，S是线圈面积的一半，则感应电流的表达式为，其中故线圈中感应电流按正弦规律变化，根据数学知识得知A正确， BCD错误。4.发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电线电阻为R,通过导线的电流为I，学校输入电压为U2,下列4个计算输电线损耗的式子中，不正确的是 （ ）A. B。 C。 I2RD. 【答案
4、】BCD【解析】【详解】输电线上损失的电压U=U1-U2，输电导线损失的电功率P=I2R=(U1-U2）I=故BCD正确，A错误；此题选择不正确的选项，故选A.5.如图所示为电热毯的电路图,电热丝接在的电源上，电热毯加热到一定温度后，通过装置P使输入电压变为如图所示的波形，从而进入保温状态，若电热丝电阻保持不变，此时交流电压表的读数为（ )A。 110VB。 156VC。 220VD. 311V【答案】B【解析】交流电压表的读数是电压的有效值，由，B对.二、多项选择题（16分）6.单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速运动，转轴垂直于磁场，若线圈所围面积里磁通量随时间变化的规律如图所示，则OD过程中（
5、）A. 线圈中O时刻感应电动势最大B。 线圈中D时刻感应电动势为零C。 线圈中D时刻感应电动势最大D。 线圈中O至D时间内平均感应电动势为0。4 V【答案】ABD【解析】【详解】线圈中O时刻切线斜率最大，即磁通量的变化率为最大，则感应电动势最大，线圈中D时刻磁通量的变化率为零,则感应电动势为零，故AB正确，C错误.根据法拉第电磁感应定律得：，故D正确。7。如图所示,闭合金属环从高为的同面左侧自由滚下,又滚上曲面的右侧环平面与运动方向均垂直于非匀强磁场，环在运动中摩擦阻力不计(下部分磁场B大），（ ）A. 环滚上高度小于；B. 环滚上高度等于；C。 运动中环内无电流；D. 运动中安培力一定对环做
6、负功【答案】AD【解析】【详解】闭合金属圆环在非匀强磁场中运动时，磁通量在变化，环内感应电流产生，机械能一部分转化为电能，所以环滚上曲面右侧的高度小于h。故A正确,BC错误。在运动过程中，安培力阻碍导体相对磁场运动，总是阻力,一定做负功.故D正确.8.一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生变流电压为V，则（ ）A。 它的频率是100HzB。 当t=0时，线圈平面与中性面重合C. 电压的平均值是220VD. 当t=s时,电压达到最大值【答案】BD【解析】【详解】线圈的角速度为100rad/s，故其频率为：，故A错误;当t=0时e=0,此时线圈处在中性面上，故B正确。交流电的有效值，平均值和有效值不同；
7、故C错误；当t=s时，sin100t=1，所以e有最大值，故D正确；9.如图所示，变压器的输入电压恒定，在下列措施中能使电流表示数变大的是( ）A。 保持变阻器的滑片不动，将K从2拨向1B。 保持变阻器的滑片不动,将K从1拨向2C. 保持K与1相连接，将变阻器的滑片向上移D. 保持K与1相连接,将变阻器的滑片向下移【答案】AD【解析】【详解】保持变阻器的滑片不动,将K从2拨向1时，副线圈的匝数增加，根据电压与匝数成正比可知,此时的输出电压将增加，电阻不变，所以次级电路的电流将增加，则初级电流增加,电流表的示数增加，所以A正确。由A的分析可知，保持变阻器的滑片不动，将K从1拨向2，此时的电流将减
8、小,电流表的示数将减小，所以B错误。保持K与1相连接,此时的输出的电压不变，将变阻器的滑片向上移时，电路中的电阻变大，电流将减小，电流表的示数也将减小，所以C错误.由C的分析可知,D中的电流表读数增加，所以D正确。三、简答题10。如图所示,100匝的线框abcd在图示磁场（匀强磁场)中匀速转动,角速度为，其电动势的瞬时值为e=100cos100tV,那么感应电动势的最大值为_,当从图示位置转过60角时线圈中的感应电动势为_，此时穿过线圈的磁通量的变化率为_【答案】 (1）. 100V (2）。 50V (3）。 0。5Wb/s【解析】【分析】根据感应电动势的瞬时值表达式分与法拉第电磁感应定律析
9、答题【详解】由可知,感应电动势的最大值为100V，当从图示位置转过60角时，,线圈中的感应电动势为50V，由可知,此时穿过线圈的磁通量的变化率为：【点睛】本题考查了求感应电动势最大值、瞬时值、磁通量变化率问题，记住并灵活应用交变电流的瞬时值表达式即可正确解题11。在“用油膜法估测分子大小”的实验中,所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000ml溶液中有纯油酸0.6ml,用注射器测得1ml上述溶液有80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，得到油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形格的边长为1cm，则可求得:（1）油酸薄膜的面积是_cm2（2）油酸分子的直径是_m（结果保留
10、一位有效数字）（3)利用单分子油膜法可以粗测分子大小和阿伏加德罗常数如果已知体积V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S,这种油的密度为，摩尔质量为M，则阿伏加德罗常数的表达式为_(分子看作球体）【答案】 （1）。 120 (2）。 61010 (3). 【解析】【详解】（1）当油酸溶液滴在水面后，尽可能散开，形成单分子膜，这样才能得出油酸分子直径由体积除面积;如图所示，是油酸薄膜由于每格边长为1cm,则每一格就是1cm2 ，估算油膜面积以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原则，估算出120格则油酸薄膜面积为120cm2（2)1滴酒精油酸溶液的体积V1=mL，由纯油酸与溶液体积比为0
11、.6：1000，可得1滴酒精油酸溶液中含油酸的体积，而1滴酒精油酸溶液在水面上形成的油酸薄膜轮廓面积S=12010-4m2，所以油酸分子直径；(3）已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，则分子的直径所以分子的体积（分子以球型分布)而这种油密度为，摩尔质量为M，则摩尔体积为因此阿伏加德罗常数的表达式为12。关于分子间的作用力下面说法正确的是（其中r0为分子间平衡位置之间的距离) A。 两个分子间距离小于r0时，分子间只有斥力B。 两个分子间距离大于r0时，分子间只有引力C. 压缩物体时,分子间斥力增大,引力减小D。 拉伸物体时，分子斥力和引力都要减小。【答案】D【解析】【详
12、解】分子间同时存在相互作用的引力与斥力,当rr0时分子间的斥力大于分子间的引力，分子间作用力表现为斥力，不是只有斥力.故A错误；分子间同时存在相互作用的引力与斥力，当rr0时分子间的引力大于斥力，分子间的作用力表现为引力，故B错误；压缩物体时，分子间距减小，则分子间斥力和引力都增大，选项C错误;拉伸物体时,分子间距变大，则分子斥力和引力都要减小,选项D正确。13.关于质量相同的0C的水和0C的水蒸气，下列说法中正确的应是 A。 分子数相同，分子平均动能不相同，分子势能相同，它们的内能相同B. 分子数相同，分子平均动能相同，分子势能不相同，内能相同C. 分子数相同，分子平均动能相同,分子势能不相
13、同,内能不相同D。 分子数不同,分子平均动能不相同，分子势能相同，内能不相同【答案】C【解析】【详解】质量相同的0的水和0的水蒸气的分子数相同;温度是分子平均动能的标志，所以0的水的分子平均动能等于0的水蒸气的分子平均动能。相同质量的水和水蒸气的体积不同,故分子势能不相同。同样温度的水变为同样温度的水蒸气要吸收热量，所以0的水的内能小于0相同质量的水蒸气的内能.故ABD错误、C正确。14.质量m=0.1kg的氢气在某状态下的体积V=1.92104m3，则此时氢气分子的平均间距为多少？_（结果保留一位有效数字，已知氢气的摩尔质量M=2g/mol,阿伏加德罗常数NA=6.01023mol-1）【答
14、案】410-9m【解析】【详解】气体的摩尔数为：；该状态下气体的摩尔体积为： ；氢气分子的平均间距为四、计算题（53分）15。横截面积S=0.2m2、n=100匝的圆形线圈A处在如图所示的磁场内，磁感应强度变化率为0.02 T/s。开始时S未闭合，R1=4，R2=6，C=30F，线圈内阻不计,求:(1）闭合S后，通过R2的电流的大小；（2）闭合S后一段时间又断开,问S断开后通过R2电荷量是多少?【答案】AC【解析】(1）磁感应强度变化率的大小为=”0。02” T/s，B逐渐减弱，所以E=n=”1000.020.2 V=0。4” VI=A=0.04” A，方向从上向下流过R2。（2）R2两端的电
15、压为U2=0。4 V=0。24” V所以Q=CU2=3010-60。04 C=7.2106” C。思路分析：（1）先计算磁场的变化率，再根据感应电动势的计算公式计算电动势,最后利用欧姆定律求解电流。(2)根据闭合电路串联电流相等计算电阻的分压。根据电容器的电荷量的计算求出电量试题点评:考查感应电动势的计算，欧姆定律的应用电容器电荷量的计算16.如图所示，宽度为L0。20m的足够长的平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨的一端连接阻值为R=1。0的电阻。导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.50 T.一根质量为m=10g的导体棒MN放在导轨上与导轨接触良好,导体棒的电阻r=1。0，导轨的电阻均忽略不计。现用一平行于导轨的拉力
