《江苏省如皋市2020届高三物理上学期教学质量调研试题(选修-含解析).doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省如皋市2020届高三物理上学期教学质量调研试题(选修-含解析).doc（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江苏省如皋市2020届高三物理上学期教学质量调研试题（选修，含解析）江苏省如皋市2020届高三物理上学期教学质量调研试题(选修，含解析）一、单项选择题1.真空中静止点电荷的电场中，A处电场强度为E，若该点电荷电荷量减半，则A处场强为（)A。 B. C。 ED。 4E【答案】B【解析】【分析】依据点电荷的电场强度公式E=，结合题意,即可求解。【详解】真空中静止点电荷的电场中，A处电场强度为E,设点电荷的电量为Q，A离该点电荷的间距为r，则有：E=，若该点电荷电荷量减半，则A处场强为:，故ACD错误，B正确；故选B.2。有两个平行板电容器，它们的电容之比为5：4,它们的带电荷量之比为5：1，两极板
2、间距离之比为4：3，则两极板间电压之比和电场强度之比分别为（）A。 4：11：3B. 1:43：1C。 4：13：1D. 4：14：3【答案】C【解析】试题分析：根据公式：得:；根据电场强度的公式:得:，故选C.考点：电容器；电场强度【名师点睛】本题主要根据电容的定义式和决定式去分析对于场强,也可根据推论:当电容器的电量、正对面积不变时,改变板间距离，板间场强不变确定。3。物体的运动情况或所受合外力的情况如图所示，四幅图的图线都是直线，从图中可以判断这四个质量一定的物体的某些运动特征。下列说法正确的是A. 甲物体受到不为零且恒定的合外力B. 乙物体受到的合外力越来越大C。 丙物体受到的合外力为
3、零D. 丁物体的加速度越来越大【答案】D【解析】【详解】甲图中物体做匀速直线，处于平衡状态，此时所受合力为零，A错误;乙图中物体做匀加速直线运动，加速度恒定，根据牛顿第二定律，所受合外力恒定,B错误;丙图中加速度恒定,同样所受合包力恒定不变，C错误；丁图中，根据牛顿第二定律,F=ma，所受合外力越来越大，因此加速度越来越大，D正确。4。如图所示,在水平晾衣杆上晾晒床单时，为了使床单尽快晾干，可在床单间支撑轻质小木棍。小木棍位置的不同，两侧床单间夹角将不同.设床单重力为G，晾衣杆对床单的作用力大小为F,下列说法正确的是：A. 越大，F越大B。 越大，F越小C。 无论取何值，都有F=GD。 只有当
4、=120时，才有F=G【答案】C【解析】【分析】以床单和细杆整体为研究对象，分析受力，由平衡条件分析N与G的关系。【详解】以床单和细杆整体为研究对象，整体受到重力G和晾衣杆的支持力F，由平衡条件知 F=G，与取何值无关，故ABD错误，C正确。故选C。【点睛】本题属于两个物体平衡问题，关键要灵活选择研究对象,采用隔离法分析研究，比较简便。5。如图所示，斜面体和小物块相对静止,一起沿水平面向右做匀速直线运动下列说法正确的是A. 小物块受到的摩擦力做负功B。 小物块受到的支持力不做功C. 斜面体对小物块的作用力做正功D。 小物块受到的重力的瞬时功率为零【答案】D【解析】【详解】AB物块向右做匀速直线
5、运动，受力平衡，物体受重力（方向竖直向下）、支持力（垂直斜面向上）、静摩擦力（沿斜面向上），位移方向水平向右,根据功的正负判断规律可知,力和位移夹角小于时做正功，等于时不做功,大于时做负功，则摩擦力做正功,支持力做负功，故AB错误；C斜面体对小物块的作用力包括支持力和摩擦力，合力方向竖直向上，则作用力不做功，故C错误；D小物块沿水平方向运动，重力方向竖直向下，根据恒力的功率等于力与力的方向上速度的乘积可知，重力的瞬时功率为零，故D正确。6。在如图所示的闭合电路中，当滑片P向右移动时,两电表读数的变化是（）A. 电流表变大,电压表变大B。 电流表变小，电压表变大C. 电流表变大，电压表变小D.
6、电流表变小，电压表变小【答案】B【解析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流;当滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大,则电路的电流变小，即电流表的示数变小，所以电源内阻和R0所占电压变小,则滑动变阻器R两端的电压变大,即电压表的示数变大，故B正确，ACD错误。故选B。点睛：本题考查了欧姆定律及串联电路的电压规律，注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化，无法直接由欧姆定律讨论两端的电压，故先求得与之串联定值电阻与内阻两端的电压，再根据总电压不变,得出滑动变阻器两端的电压7。如图所示，带电量与比荷均不相同的两种带正电的粒子从同一位置无初速度
7、地飘入加速电场，加速后进入偏转电场，并离开偏转电场整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，下列说法正确的是A. 加速电场对两种粒子做功一样多B。 两种粒子同时离开加速电场C. 两种粒子离开偏转电场时的速度一样大D。 两种粒子离开偏转电场时的速度方向相同【答案】D【解析】【详解】A带电粒子在加速电场中加速，电场力做功为，由于电荷量不同，所以加速电场对两种粒子做功不同，故A错误；B带电粒子在加速电场中加速，由牛顿第二定律可知，加速度为在加速度电场中的时间为联立解得：由于两粒子的比荷不同,所以加速的时间不同，故B错误；C粒子在偏转电场中的加速度为粒子在偏转电场中运动的时间为粒子在偏转电场中的偏
8、转位移为 粒子在加速电场中由动能定理得，粒子出加速电场的速度为：解得:粒子在偏转电场由动能定理得:解得：由于比荷不同，所以两种粒子离开偏转电场时的速度不同，故C错误；D设粒子离偏转电场速度与水平方向成，则有竖直方向的速度为粒子出加速电场的速度为：联立解得：与粒子的电荷量，比荷均无关,故D正确。二、多项选择题8。如图所示,两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开，下列说法正确的有A. 此时A带负电，B带正电B。 此时A电势低，B电势高C。 移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D。 先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部
9、的金属箔都闭合【答案】AC【解析】【详解】A带正电荷的物体C靠近A附近时,由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电；故A正确；B导体AB处于静电平衡状态，导体是等势体，即AB电势相等,故B错误；C移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合；故C正确；D先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，此时A所带电荷量仍然等于B的带电量，故两金属箔仍然张开；故D错误。9.如图所示，a、b两点位于同一条竖直线上现从a、b两点同时以速度v1、v2水平抛出两个质量不相等的小球，它们都能经过水平地面上方的P点下列说法正确的有A。 抛出后,质量大的小球加速度大B.
10、 从a点抛出的小球先经过P点C. 两小球抛出的初速度v1v2D. 从b点抛出的小球着地时水平射程较大【答案】CD【解析】【详解】A抛出后，两球的加速度相同，都是g,故A错误;B因为两个小球都经过P点,可知a球下降的高度大于b球下降的高度，可知a球的运动时间较长，则从a点抛出的小球后经过P点，故B错误；C因为从抛出到P点的过程中，两球的水平位移相等，a球的运动时间较长,则a球的初速度较小，即v1v2故C正确；D到达P点时,a球的竖直分速度较大，所以从P点到地面，a球先落地,b球后落地，而且b的初速度大，所以b球的水平射程较大，故D正确。10。如图甲所示，虚线表示某匀强电场的等势面一带电粒子以某一
11、初速度从P点射入电场后，在只受电场力作用下的轨迹如图中实线所示Q是轨迹上的一点，且位于P点的右下方下列判断正确的有A。 粒子一定带正电B. 粒子做匀变速曲线运动C。 等势面A的电势一定高于等势面B的电势D. 粒子在Q点的电势能一定大于在P点的电势能【答案】BD【解析】【详解】A粒子所受电场力指向轨迹内侧，由于不知道电场线方向，因此不能判断出粒子的电性，故A错误；B匀强电场的场强恒定，粒子受到的电场力恒定，加速度恒定，故粒子做匀变速曲线运动,故B正确；C粒子所受电场力指向轨迹内侧,由于不知道电场线的方向，也不知道电荷的电性，因此无法判断出电势的高低。故C错误；D根据粒子受力情况可知,从P到Q过程
12、中电场力做负功，从Q到P过程中电场力做正功，由于Q点离曲线的最右端近一些，所以粒子从P都Q的过程中，电场力做的负功大于电场力做的正功，电荷的电势能增大，故D正确.11.如图所示，直线A为某电源的UI图线,曲线B为某小灯泡的U-。I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时,灯泡恰好能正常发光，则下列说法中正确的有A. 此电源的内阻为B. 灯泡的额定电压为4 VC. 灯泡正常发光时的电阻为1.5 D. 此时电源的效率为75【答案】CD【解析】【详解】A根据电源U-I图可得：又有所以,电源电动势E=4V，内阻r=0。5，故A错误；BC电源和小灯泡组成闭合电路时，灯泡恰好正常发光，两端电压为路端电压，故两
13、曲线交点即为灯泡的额定电压和额定电流，U=3V，I=2A，根据欧姆定律可知故B错误,C正确；D电源的效率故D正确。12.如图所示,有甲、乙两颗卫星分别在不同的轨道围绕一个半径为R、表面重力加速度为g的行星运动，卫星甲、卫星乙各自所在的轨道平面相互垂直,卫星甲的轨道为圆，距离行星表面的高度为R,卫星乙的轨道为椭圆,M、N两点的连线为其椭圆轨道的长轴且M、N两点间的距离为4R则下列说法中正确的有A。 卫星甲的线速度大小为B。 甲、乙卫星运行的周期相等C. 卫星乙沿椭圆轨道运行经过M点时的速度小于卫星甲沿圆轨道运行的速度D。 卫星乙沿椭圆轨道运行经过N点时的加速度小于卫星甲沿圆轨道运行的加速度【答案
14、】BD【解析】【详解】A卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有：解得：其中，根据地球表面万有引力等于重力得联立解得甲环绕中心天体运动的线速度大小为故A错误;B卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有根据地球表面万有引力等于重力得解得卫星甲运行的周期为由卫星乙椭圆轨道的半长轴等于卫星甲圆轨道的半径，根据开普勒第三定律，可知卫星乙运行的周期和卫星甲运行的周期相等，故B正确；C卫星做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，应给卫星加速,所以卫星乙沿椭圆轨道经过M点时的速度大于轨道半径为M至行星中心距离的圆轨道的卫星的线速度，而轨道半径为M
15、至行星中心距离的圆轨道的卫星的线速度大于卫星甲在圆轨道上的线速度,所以卫星乙沿椭圆轨道运行经过M点时的速度大于卫星甲沿圆轨道运行的速度，故C错误；D卫星运行时只受万有引力,加速度所以卫星乙沿椭圆轨道运行经过N点时加速度小于卫星甲沿圆轨道运行的加速度，故D正确.13.如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连弹簧处于自然长度时物块位于O点（AB之间某位置，图中未标出）现将物块从A点由静止释放，物块向左运动到B点时速度为零，设物块在A、B点时的弹簧弹性势能分别为EpA、EpB，则上述过程中A. 若桌面光滑,物块动能最大时处于O点B 若桌面粗糙，EpA大于EpBC。 若桌面粗糙，O点位于AB中点的左侧D。 若桌面粗糙，物块动能最大时弹簧的弹性势能小于EpB【答案】ABC【解
