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1、黑龙江省大庆中学2023学年高三数学上学期期中试题 理一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1. 集合,则()A. B. C. 1,D. 2,2. 的值等于()A. B. 10C. D. 3. 已知a,b,则下列说法正确的是A. 若,则B. 若,则C. 若,则D. 若,则4. 已知,且,则A. 1B. 3C. D. 5. 定义在R上的函数满足则等于 A. B. C. 3D. 86. 位于坐标原点的一个质点P按下述规则移动：质点每次移动一个单位；移动的方向为向上或向右,并且向上、向右移动的概率都是质点P移动五次后位于点的概率是()A. B. C. D. 7. 圆与圆的公切线有几条()A.
2、1条B. 2条C. 3条D. 4条8. 如图所示,D,C,B三点在地面同一直线上 ,从C,D两点测得A点的仰角分别是,则A点离地面的高等于 A. B. C. D. 9. 的图象如图所示,为了得到的图象,则只要将的图象()A. 向右平移个单位长度B. 向右平移个单位长度C. 向左平移个单位长度D. 向左平移个单位长度10. 在中,则的周长为()A. B. C. D. 11. 已知数列满足：,那么使成立的n的最大值为()A. 4B. 5C. 24D. 2512. 已知椭圆与双曲线有相同的焦点,点P是两曲线的一个公共点,且,分别是两曲线,的离心率,则的最小值是()A. 4B. 6C. 8D. 16二
3、、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 已知a,i是虚数单位,若,则的值为_14. 在锐角中,则 _ 15. 已知,在处有极值,则 _ 16. 如图,AB为圆O的直径,点C在圆周上异于点A,直线PA垂直于圆O所在的平面,点M是线段PB的中点有以下四个命题：平面PAC；平面MOB；平面PAC；平面平面PBC其中正确的命题的序号是_三、解答题（本大题共6小题，共70.0分）17. 在数列中,设,且满足,且设,证明数列为等差数列；求数列的前n项和18. 现有4个人去参加某娱乐活动,该活动有甲、乙两个游戏可供参加者选择为增加趣味性,约定：每个人通过掷一枚质地均匀的骰子决定自己去参加哪个游戏,掷
4、出点数为1或2的人去参加甲游戏,掷出点数大于2的人去参加乙游戏求这4个人中恰有2人去参加甲游戏的概率求这4个人中去参加甲游戏的人数大于去参加乙游戏的人数的概率用X,Y分别表示这4个人中去参加甲、乙游戏的人数,记,求随机变量的分布列19. 如图,等腰直角中,平面平面ABC,。 求证：；求二面角的正弦值。20. 如图,已知椭圆的离心率为,E的左顶点为A、上顶点为B,点P在椭圆上,且的周长为求椭圆的方程；设C,D是椭圆E上两不同点,直线CD与x轴、y轴分别交于M,N两点,且的取值范围21. 设函数求函数的单调区间；若函数有两个零点,求满足条件的最小正整数a的值22. 选修：坐标系与参数方程 在极坐标
5、系中,圆C的方程为,以极点为坐标原点,极轴为x轴正半轴建立直角坐标系xOy,直线l的参数方程为为参数求圆C的直角坐标方程化为标准方程和直线l的极坐标方程；若l与圆C的一个交点为异于原点,l与直线的交点为Q,且求a的值大庆中学2023-2023学年高三数学期中考试试题答案和解析【答案】1. D2. B3. D4. C5. D6. B7. C8. A9. A10. A11. C12. C13. 214. 15. 16. 17. 解：证明：由已知得,得,又,是首项为1,公差为1的等差数列：由知,两边乘以2,得,两式相减得,18. 解：依题意,这4个人中,每个人去参加甲游戏的概率为,去参加乙游戏的人数
6、的概率为,设“这4个人中恰有i人去参加甲游戏”为事件1,2,3,这4个人中恰有2人去参加甲游戏的概率为；设“这4个人中去参加甲游戏的人数大于去参加乙游戏”为事件B,则,由于与互斥,这4个人去参加甲游戏的人数大于去参加乙游戏的人数的概率为；的所有可能取值为0,2,4,由于与互斥,与互斥,故,的分布列是024P19. 解：证明：直角中是直角,即,平面平面ABEF,平面平面ABEF于AB,平面ABC,平面ABEF,又平面ABEF,；由知平面ABEF,故建立如图所示空间直角坐标系,设,则由已知可得0,2,设平面CEF的一个法向量为,则有,令,则,即设平面BCE的一个法向量,则有,令,则,设二面角的平面
7、角为,则,所以,所以二面角的的正弦值为20. 解：由题意知：,椭圆方程为,由,设直线CD的方程为,由已知,得,设,由,得,由得,即,同理,由,得,由,得,21. 解：当时,在上恒成立,所以函数单调递增区间为,此时无单调减区间当时,由,得,由,得,得,所以函数的单调增区间为,单调减区间为由可知函数有两个零点,所以,的最小值,即因为,所以令,显然在上为增函数,且,所以存在,当时,；当时,所以满足条件的最小正整数又当时,所以时,有两个零点综上所述,满足条件的最小正整数a的值为322. 解：由,得,易得直线l的极坐标方程为,由圆C的方程为,得,易得,化简得圆C的直角坐标方程为将代入得,则,易得,则,从
8、而,解得【解析】1. 解：解绝对值不等式|x-1|2得：-1x3，又xZ，所以N=，又M=x|x0，xR，所以MN=，故选：D由绝对值不等式的解法及集合交集的运算得：N=，又M=x|x0，xR，所以MN=，得解本题考查了绝对值不等式的解法及集合交集的运算，属简单题2. 解：原式, 故选：B利用指数与对数的运算法则即可得出本题考查了指数与对数的运算法则,考查了推理能力与计算能力,属于基础题3. 【分析】本题考查了不等式的概念与不等关系,不等式性质,属于基础题利用不等式性质分别判断各选项,即可得结果【解答】解：错误,当时,无意义；B.错误,比如,便得不到；C.错误,比如,得不到；D.正确,若,根据
9、不等式的性质,则成立故选D4. 【分析】本题考查平面向量共线的表示,向量的模,是一个基础题,这种题目可以单独出现,也可以作为解答题目的一部分出现根据所给的向量的坐标和两个向量平行的关系,写出两个向量平行的共线的充要条件,求出x的值,再求模即可【解答】解：已知,且,所以,解得,所以则故选C5. 【分析】本题考查分段函数的函数的值,以及利用函数的周期求出函数值,属于基础题根据解析式先求出当时,函数的周期为6,再用周期性和解析式得,代入解析式求解【解答】解：定义在R上的函数满足由题意得,故选D6. 【分析】本题考查n次独立重复试验中恰有k次发生的概率计算,关键是明确质点P移动5次后位于点质点在移动过
10、程中向右移动2次向上移动3次【解答】解：根据题意,易得位于坐标原点的质点P移动5次后位于点,在移动过程中向右移动2次向上移动3次则其概率为P故选B7. 【分析】本题考查了圆的一般式方程与标准方程的互化和两圆位置关系的判断等知识点,属于中档题将圆的方程化为标准方程,求出圆心距及半径,可得两圆相外切,由此可确定两圆的公切线的条数【解答】解：圆化为标准方程为：,则圆心坐标为,半径为2,圆化为标准方程为：,则圆心坐标为,半径为3,圆心距,即两圆的圆心距等于两圆的半径的和,两圆相外切,两圆的公切线有3条故选C8. 【分析】本题考查了解三角形的应用,根据已知条件,设出AB的长度,然后建立关于x的方程,解方
11、程即可【解答】解：设,则在中,在中,求得,故选A9. 【分析】本题主要考查利用了的图象变换规律,属于基础题先根据图象确定A的值,进而根据三角函数结果的点求出求与的值,确定函数的解析式,然后根据诱导公式将函数化为余弦函数,再平移即可得到结果【解答】解：函数的部分图象,可得,则,再根据五点法作图可得,求得,故函数的图象向左平移个单位,可得的图象,则只要将的图象向右平移个单位长度可得故选：A10. 解：, 由正弦定理可得：, 的周长 故选：A由正弦定理可得,利用三角函数恒等变换的应用,三角形内角和定理,化简即可得解本题主要考查了正弦定理,三角函数恒等变换的应用在解三角形中的综合应用,考查了转化思想,
12、属于基础题11. 解：由题意, 为首项为1,公差为1的等差数列, ,又,则, 由得, 那么使成立的n的最大值为24故选C由题意知为首项为1,公差为1的等差数列,由此可知,再结合题设条件解不等式即可得出答案本题考查数列的性质和应用,解题时要注意整体数学思想的应用12. 【分析】本题考查的最小值的求法,是中档题,解题时要熟练掌握双曲线、椭圆的定义,注意均值定理的合理运用由题意设焦距为2c,椭圆长轴长为,双曲线实轴为,令P在双曲线的右支上,由已知条件结合双曲线和椭圆的定义推出,由此能求出的最小值【解答】解：由题意设焦距为2c,椭圆长轴长为,双曲线实轴为,令P在双曲线的右支上,由双曲线的定义,由椭圆定
13、义,又,得,将代入,得,即的最小值是8故选C13. 【分析】根据复数相等的充要条件,构造关于a,b的方程,解得a,b的值,进而可得答案本题考查的知识点是复数的乘法运算,复数相等的充要条件,难度不大,属于基础题【解答】解：,a,解得：,故答案为214. 【分析】本同题主要考查同角三角函数的基本关系,两角差的正弦公式的应用,属于基础题利用同角三角函数的基本关系,两角和的正弦公式,求得的值【解答】解：锐角中,则,故答案为15. 【分析】本题考查了函数的单调性、极值问题,考查导数的应用,难度较易,属于基础题求出函数的导数,得到关于a,b的方程组,求出a,b的值,从而求出的值即可【解答】解：,由,在处有极值,得,解得：,故,故答案为16. 【分析】本题主要考查了直线与平面平行的判定,直线与平面垂直的性质以及面面垂直的判定,考查了空间想象能力和推理论证能力,考查了数形结合思想的应用,
