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1、考点规范练35直接证明与间接证明基础巩固1.要证a2+b2-1-a2b20,只需证明()A.2ab-1-a2b20B.a2+b2-1-0C.-1-a2b20D.(a2-1)(b2-1)02.分析法又称执果索因法,若用分析法证明“设abc,且a+b+c=0,求证:a”索的因应是()A.a-b0B.a-c0C.(a-b)(a-c)0D.(a-b)(a-c)0,P=2x+2-x,Q=(sin x+cos x)2,则()A.PQB.P0,则f(x1)+f(x2)的值()A.恒为负值B.恒等于零C.恒为正值D.无法确定正负7.(2017山东烟台模拟)设ab0,m=,n=,则m,n的大小关系是.8.与2的
2、大小关系为.9.若a,b,c是不全相等的正数,求证:lg+lg+lglg a+lg b+lg c.10.(2017河北唐山模拟)已知a0,1,求证: .11.在等差数列an中,a1=3,其前n项和为Sn,等比数列bn的各项均为正数,b1=1,公比为q(q1),且b2+S2=12,q=.(1)求an与bn;(2)证明:+.能力提升12.若A1B1C1的三个内角的余弦值分别等于A2B2C2的三个内角的正弦值,则()A.A1B1C1和A2B2C2都是锐角三角形B.A1B1C1和A2B2C2都是钝角三角形C.A1B1C1是钝角三角形,A2B2C2是锐角三角形D.A1B1C1是锐角三角形,A2B2C2是
3、钝角三角形13.已知a,b,(0,+),且=1,要使得a+b恒成立,则的取值范围是.14.在RtABF中,AB=2BF=4,C,E分别是AB,AF的中点(如图1).将此三角形沿CE对折,使平面AEC平面BCEF(如图2),已知D是AB的中点.(1)求证:CD平面AEF;(2)求证:平面AEF平面ABF.图1图2高考预测15.已知数列an的前n项和为Sn,且Sn=an+1+n-2,nN*,a1=2.(1)证明:数列an-1是等比数列,并求数列an的通项公式;(2)设bn=(nN*)的前n项和为Tn,证明:Tn6.答案：1.D解析:在各选项中,只有(a2-1)(b2-1)0a2+b2-1-a2b2
4、0,故选D.2.C解析:ab2-ac3a2(a+c)2-ac3a2a2+2ac+c2-ac-3a20-2a2+ac+c20(a-c)(2a+c)0(a-c)(a-b)0.故选C.3.A解析:因为2x+2-x2=2(当且仅当x=0时等号成立),而x0,所以P2;又(sin x+cos x)2=1+sin 2x,而sin 2x1,所以Q2.于是PQ.故选A.4.B解析:由已知条件,可得由得代入,得=2b,即x2+y2=2b2.故x2,b2,y2成等差数列.5.D解析:a0,b0,c0,6,当且仅当a=b=c=1时等号成立,故三者不能都小于2,即至少有一个不小于2.6.A解析:由f(x)是定义在R上
5、的奇函数,且当x0时,f(x)单调递减,可知f(x)是R上的减函数.由x1+x20,可知x1-x2,即f(x1)f(-x2)=-f(x2),则f(x1)+f(x2)0,故选A.7.mn解析:(方法一:取特殊值法)取a=2,b=1,得mb0,所以要得出m与n的大小关系,只需判断与1的大小关系,只需判断与1的大小关系,只需判断a+b-2-(a-b)与0的大小关系,只需判断2b-2与0的大小关系,只需判断与0的大小关系.由ab0,可知0,即1,即可判断m2解析:要比较与2的大小,只需比较()2与(2)2的大小,只需比较6+7+2与8+5+4的大小,只需比较与2的大小,只需比较42与40的大小,424
6、0,2.9.证明:a,b,c(0,+),0,0,0.又上述三个不等式中等号不能同时成立.abc成立.上式两边同时取常用对数,得lglg abc,lg+lg+lglg a+lg b+lg c.10.证明:由已知1及a0可知0b1,只需证1+a-b-ab1,只需证a-b-ab0,即1,即1,这是已知条件,所以原不等式得证.11.(1)解:设等差数列an的公差为d.因为所以解得(q=-4舍去).故an=3+3(n-1)=3n,bn=3n-1.(2)证明:因为Sn=,所以.所以+=.因为n1,所以0,所以1-1,所以.所以+.12.D解析:由条件知,A1B1C1的三个内角的余弦值均大于0,则A1B1C1是锐角三角形,且A2B2C2不可能是直角三角形.假设A2B2C2是锐角三角形.由得则A2+B2+C2=,这与三角形内角和为180相矛盾.因此假设不成立,故A2B2C2是钝角三角形.13.(0,16解析:a,b(0,+),且=1,a+b=(a+b)=10+10+2=16(当且仅当a=4,b=12时等号成立).a+b的最小值为16.要使a+b恒成立,只需16.00,所以Tn=6-6.
