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1、试卷类型：A2012年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）理科综合（物理部分）一、单项选择题：13清晨，草叶上的露珠是由空气中的水汽凝结成的水珠，这一物理过程中，水分子间的A引力消失 ，斥力增大 B斥力消失，引力增大 C引力、斥力都减小 D引力、斥力都增大 【答案】D【解析】水汽凝结成水珠，是从气态变成液态，分子间的距离减小而分子间同时存在引力和斥力，且随分子间的距离减小而增大。14景颇族的祖先发明的点火器如图1所示，用牛角做套筒，木质推杆前端粘着艾绒猛推推杆，艾绒即可点燃对筒内封闭的气体，在此压缩过程中A气体温度升高，压强不变B气体温度升高，压强变大C气体对外界做正功，气体内能增加D外界对
2、气体做正功，气体内能减少【答案】B【解析】压缩气体是外界对气体做功，气体内能增加，故C、D均错气体的内能主要是指分子动能，而温度是分子平均动能的标志，因此可知气体内能增加，故温度升高再根据理想气体的状态方程，可由气体的体积缩小、温度升高推断出压强变大。15质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图2种虚线所示下列表述正确的是AM带负电，N带正电BM的速率小于N的速率C洛伦磁力对M、N做正功DM的运行时间大于N的运行时间【答案】A【解析】有左手定则判断洛伦兹力可知A对由r=mv/qB可知M的速率大于N的速率，故B错洛伦兹力不做功，故C错由T=2m/
3、qB可知M、N的运动时间相同，故D错16如图3所示，两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上，两绳与竖直方向的夹角都为45，日光灯保持水平，所受重力为G，左右两绳的拉力大小分别为AG和G B和B和 D和【答案】B【解析】以悬挂点为受力分析对象，两绳对悬挂点斜向下的拉力的合力等于重力，由于两个拉力与重力都成45角，三力构成一个等腰直角三角形，由勾股定理可知两个拉力的大小均为二、双项选择题：17图4是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，滑道底部B处安装一个压力传感器，其示数N表示该处所受压力的大小某滑块从斜面上不同高度h处由静止下滑，通过B时，下列表述正确的有AN小于滑块重力BN大于滑块
4、重力CN越大表明h越大DN越大表明h越小【答案】BC【解析】滑块通过B时，受支持力N和重力G，其合力应指向圆心O，故NG由h高处下落到B的过程中由机械能守恒定律得mgh=mv2/2，在B处由牛顿第二定律得N-G=mv2/r，联立两式可解得N=G+2mgh/r，故N越大则表明h越大18能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一下列释放核能的反应方程，表述正确的有A是核聚变反应B是衰变C是核裂变反应D是衰变【答案】AC【解析】衰变的箭头左边只有一个原子核，箭头右边是产生的新核和氦核（衰变）或电子（衰变）而B项是核聚变，D项是核裂变19某小型发电机产生的交变电动势为e=50sin100t
5、（V）对此电动势，下列表述正确的有A最大值是V B频率是100HzC有效值是V D周期是0.02s【答案】CD【解析】由交变电流的电动势瞬时值表达式e=Emsint可知电动势的最大值Em=50V，=100，故A错；有效值E=Em/=25V，故C对；周期T=2/=0.02s，故D对；频率f=1/T=50Hz，故B错20图5是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧，对矿粉分离的过程，下列表述正确的有A带正电的矿粉落在右侧B电场力对矿粉做正功C带负电的矿粉电势能变大D带正电的矿粉电势能变小【答案】BD【解析】由两平行极板的带电性可判断匀强电场方向水平
6、向左，静电矿粉落入电场中，带正电的矿粉受到的电场力向左，故落在左侧，带负点的矿粉受到的电场力向右，故落在右侧，故A错；不管矿粉是带正电还是负电，电场力均为做正功，而使其电势能减小，故BD对21如图6所示，飞船从轨道1变轨至轨道2若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的A动能大B向心加速度大C运行周期长D角速度小【答案】CD【解析】飞船（或人造卫星）都是万有引力提供向心力，即GMm/r2=ma=mv2/r=m2r，可得a=GM/r，v=，=因轨道2的半径r较大，故a、v、比轨道1都小，而周期T=2/，反而比轨道1大34（18分）（1）某同学测量一个圆柱
7、体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻。分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图15（a）和图15（b）所示，长度为_cm，直径为_mm。按图15（c）链接电路后，实验操作如下：（a）将滑动变阻器R1的阻值置于最_处（填“大”或“小”）；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；（b）将电阻箱R2的阻值调至最_（填“大”或“小”）；将S2拨向接点2；保持R1不变，调节R2，使电流表示数仍为I0，此时R2阻值为1280； 由此可知，圆柱体的电阻为_。【答案】5.01；5.315 （a）大 （b）大 1280【解析】游标卡尺的主尺分度值为0.1cm，故
8、主尺应读5.0cm；游标尺为10分度，分度值为0.01cm，图中第1条刻度对齐，故游标尺应读0.01cm1=0.01cm；两者相加为所测长度即5.01cm，注意游标卡尺不需要估读螺旋测微器的主尺分度值为0.5mm，故主尺应读5.0mm；旋转尺分度值为0.01mm，故旋转尺应读0.01mm31.5=0.315mm；两者相加为所测直径即5.315mm，注意螺旋测微器需要估读为了安全，在接通开关之前，应保证电路中的可变电阻接入电路中的电阻最大，以避免因电路电流过大而损坏电路元件此题采用替代法测电阻，用电阻箱替代圆柱体接入电路，调节电阻箱的阻值，使电路的各项参数与原来相同，那么电阻箱的阻值就与圆柱体的
9、阻值相等（2）某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系。将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在_方向（填“水平”或“竖直”）弹簧自然悬挂，待弹簧_时，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表表：代表符号L0LxL1L2L3L4L5L6数值（cm）25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30表中有一个数值记录不规范，代表符号为_由表可知所用刻度尺的最小长度为_。图16是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与_的差值（填“L0”或“Lx”）。由
10、图可知弹簧和的劲度系数为_ N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为_g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）。【答案】竖直 静止；L3；0.1cm Lx 4.9；10【解析】实验是利用砝码的重力来拉伸弹簧，故弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向弹簧静止时，其弹力才等于砝码的重力；L3的读数相比其他读数少了一位；最后一位是估读数，故刻度尺的分度值（最小长度）为0.1cm图中砝码质量为0（即未放砝码）时横轴的读数也为0，说明挂砝码盘时伸长的量并没有计算在内设砝码盘的质量为m0，盘中砝码总质量为m，弹簧的劲度系数为k，弹簧的长度为L，由平衡条件及胡克定律可知m0g=k(Lx-L0)，(m+m0
11、)g=k(L-L0)，两式联立可解得mg=k(L-Lx)，而图中的横轴坐标x=L-Lx，故有mg=kx，也可写成m=(k/g)x，即k/g就是图线的斜率，取原点和（1210-2m，6010-3kg）两点可算出图线斜率为0.5kg/m，故弹簧劲度系数k=0.59.8N/m=4.9N/m；由m0g=k(Lx-L0)可算出m0=(k/g)(Lx-L0)=0.50.02kg=0.01kg=10g35（18分）如图17所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属轨道上。导轨平面与水平面的夹角为，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中左侧是水平放置、间距为d的平行金属板
12、R和Rx分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻（1）调节Rx=R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v。（2）改变Rx，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电量为+q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的Rx。【答案】（1）当棒沿导轨匀速下滑时，沿导轨方向由平衡条件得 导体棒切割磁感线产生的感应电动势 由闭合电路欧姆定律得导体棒的电流 导体棒受到的安培力 联立式，解得（2）导体棒仍然匀速下滑，由式可知电路中的电流依旧为I不变。带电微粒能匀速通过电场而不发生偏转，说明其在竖直方向上所受电场力与重力平衡，即 两板间的电场强度与板间电压的关系 板间电
13、压与Rx的电压相等，由欧姆定律得 联立式，解得36（18分）图18（a）所示的装置中，小物块A、B质量均为m，水平面上PQ段长为l，与物块间的动摩擦因数为，其余段光滑。初始时，挡板上的轻质弹簧处于原长；长为r的连杆位于图中虚线位置；A紧靠滑杆（A、B间距大于2r）。随后，连杆以角速度匀速转动，带动滑杆作水平运动，滑杆的速度-时间图像如图18（b）所示。A在滑杆推动下运动，并在脱离滑杆后与静止的B发生完全非弹性碰撞。（1）求A脱离滑杆时的速度vo，及A与B碰撞过程的机械能损失E。（2）如果AB不能与弹簧相碰，设AB从P点到运动停止所用的时间为t1，求得取值范围，及t1与的关系式。（3）如果AB能与弹簧相碰，但不能返回到P点左侧，设每次压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能为Ep，求的取值范围，及Ep与的关系式（弹簧始终在弹性限度内）。【答案】（1）物块A先随滑杆加速，并在速度最大时脱离滑杆，即 此后A做匀速运动并与B发生碰撞，由动量守恒定律得 碰撞过程的机械能损失 联立式，解得（2）AB不能与弹簧相碰，即AB不能滑过PQ段， 由功能关系知 联立式，解得AB从P点到运动停止，由动量定理知 联立式，解得（3）AB能与弹簧相碰，由（2）知AB不能返回到P点左侧，由功能关系知 联立式，解得故的取值范围为弹簧的最大弹性势能 联立式，解得
