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1、2023高考数学模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1已知数列 中， ，若对于任意的，不等式恒成立，则实数的取值范围为（ ）ABCD2已知数列满足：)若正整数使得成立，则（ ）A16B17C18D193已知表示两条不同的直线，表示两个不同的平面，且则“”是“”的( )条件.A充分不必要B必要不充分C充要D
2、既不充分也不必要4设复数满足，在复平面内对应的点为，则（ ）ABCD5已知纯虚数满足，其中为虚数单位，则实数等于（ ）AB1CD26已知为抛物线的焦点，点在上，若直线与的另一个交点为，则( )ABCD7已知是边长为的正三角形，若，则ABCD8已知公差不为0的等差数列的前项的和为，且成等比数列，则（ ）A56B72C88D409若向量，则（ ）A30B31C32D3310函数的图象可能是下列哪一个？（ ）ABCD11对于函数，定义满足的实数为的不动点，设，其中且，若有且仅有一个不动点，则的取值范围是（ ）A或BC或D12已知函数,关于的方程R)有四个相异的实数根,则的取值范围是()ABCD二、填
3、空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13若将函数的图象沿轴向右平移个单位后所得的图象与的图象关于轴对称，则的最小值为_.14过动点作圆：的切线，其中为切点，若（为坐标原点），则的最小值是_15函数的定义域是_（写成区间的形式）16如图，在一个倒置的高为2的圆锥形容器中，装有深度为的水，再放入一个半径为1的不锈钢制的实心半球后，半球的大圆面、水面均与容器口相平，则的值为_.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）在直角坐标系中，直线的参数方程为（为参数），以坐标原点为极点，以轴正半轴为极轴，建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）写出直线的普通方程和曲线
4、的直角坐标方程；（2）设直线与曲线相交于两点，的顶点也在曲线上运动，求面积的最大值.18（12分）选修4-5：不等式选讲设函数.（1）当时，求不等式的解集；（2）若在上恒成立，求实数的取值范围.19（12分）设函数（1）当时，求不等式的解集；（2）若存在，使得不等式对一切恒成立，求实数的取值范围20（12分）某商场为改进服务质量，在进场购物的顾客中随机抽取了人进行问卷调查调查后，就顾客“购物体验”的满意度统计如下：满意不满意男女是否有的把握认为顾客购物体验的满意度与性别有关？若在购物体验满意的问卷顾客中按照性别分层抽取了人发放价值元的购物券若在获得了元购物券的人中随机抽取人赠其纪念品，求获得纪
5、念品的人中仅有人是女顾客的概率附表及公式：21（12分）市民小张计划贷款60万元用于购买一套商品住房，银行给小张提供了两种贷款方式.等额本金：每月的还款额呈递减趋势，且从第二个还款月开始，每月还款额与上月还款额的差均相同；等额本息：每个月的还款额均相同.银行规定，在贷款到账日的次月当天开始首次还款（若2019年7月7日贷款到账，则2019年8月7日首次还款）.已知小张该笔贷款年限为20年，月利率为0.004.（1）若小张采取等额本金的还款方式，现已得知第一个还款月应还4900元，最后一个还款月应还2510元，试计算小张该笔贷款的总利息；（2）若小张采取等额本息的还款方式，银行规定，每月还款额不
6、得超过家庭平均月收入的一半，已知小张家庭平均月收入为1万元，判断小张该笔贷款是否能够获批（不考虑其他因素）；（3）对比两种还款方式，从经济利益的角度来考虑，小张应选择哪种还款方式.参考数据：.22（10分）已知函数（，），且对任意，都有.（）用含的表达式表示；（）若存在两个极值点，且，求出的取值范围，并证明；（）在（）的条件下，判断零点的个数，并说明理由.2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1B【答案解析】先根据题意，对原式进行化简可得，然后利用累加法求得，然后不等式恒成立转化为恒成立
7、，再利用函数性质解不等式即可得出答案.【题目详解】由题，即 由累加法可得： 即对于任意的，不等式恒成立即 令 可得且即 可得或故选B【答案点睛】本题主要考查了数列的通项的求法以及函数的性质的运用，属于综合性较强的题目，解题的关键是能够由递推数列求出通项公式和后面的转化函数，属于难题.2B【答案解析】计算，故，解得答案.【题目详解】当时，即，且.故，故.故选：.【答案点睛】本题考查了数列的相关计算，意在考查学生的计算能力和对于数列公式方法的综合应用.3B【答案解析】根据充分必要条件的概念进行判断.【题目详解】对于充分性：若，则可以平行，相交，异面，故充分性不成立；若，则可得，必要性成立.故选：B
8、【答案点睛】本题主要考查空间中线线，线面，面面的位置关系，以及充要条件的判断，考查学生综合运用知识的能力.解决充要条件判断问题，关键是要弄清楚谁是条件，谁是结论.4B【答案解析】设，根据复数的几何意义得到、的关系式，即可得解；【题目详解】解：设，解得.故选：B【答案点睛】本题考查复数的几何意义的应用，属于基础题.5B【答案解析】先根据复数的除法表示出，然后根据是纯虚数求解出对应的的值即可.【题目详解】因为，所以，又因为是纯虚数，所以，所以.故选：B.【答案点睛】本题考查复数的除法运算以及根据复数是纯虚数求解参数值，难度较易.若复数为纯虚数，则有.6C【答案解析】求得点坐标，由此求得直线的方程，
9、联立直线的方程和抛物线的方程，求得点坐标，进而求得【题目详解】抛物线焦点为，令，解得，不妨设，则直线的方程为，由，解得，所以.故选：C【答案点睛】本小题主要考查抛物线的弦长的求法，属于基础题.7A【答案解析】由可得，因为是边长为的正三角形，所以，故选A8B【答案解析】，将代入，求得公差d，再利用等差数列的前n项和公式计算即可.【题目详解】由已知，故，解得或（舍），故，.故选：B.【答案点睛】本题考查等差数列的前n项和公式，考查等差数列基本量的计算，是一道容易题.9C【答案解析】先求出,再与相乘即可求出答案.【题目详解】因为,所以.故选:C.【答案点睛】本题考查了平面向量的坐标运算,考查了学生的
10、计算能力,属于基础题.10A【答案解析】由排除选项;排除选项；由函数有无数个零点，排除选项,从而可得结果.【题目详解】由，可排除选项，可排除选项；由可得，即函数有无数个零点，可排除选项,故选A.【答案点睛】本题通过对多个图象的选择考查函数的图象与性质，属于中档题.这类题型也是近年高考常见的命题方向，该题型的特点是综合性较强、考查知识点较多，但是并不是无路可循.解答这类题型可以从多方面入手，根据函数的定义域、值域、单调性、奇偶性、特殊点以及时函数图象的变化趋势，利用排除法，将不合题意的选项一一排除.11C【答案解析】根据不动点的定义，利用换底公式分离参数可得；构造函数，并讨论的单调性与最值，画出
11、函数图象，即可确定的取值范围.【题目详解】由得，.令，则，令，解得，所以当时，则在内单调递增；当时，则在内单调递减；所以在处取得极大值，即最大值为，则的图象如下图所示：由有且仅有一个不动点，可得得或，解得或.故选：C【答案点睛】本题考查了函数新定义的应用，由导数确定函数的单调性与最值，分离参数法与构造函数方法的应用，属于中档题.12A【答案解析】=,当时时,单调递减，时,单调递增,且当,当,当时，恒成立，时,单调递增且,方程R)有四个相异的实数根.令=则,即.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13【答案解析】由题意利用函数的图象变换规律，三角函数的图像的对称性，求得的最小值.【题
12、目详解】解：将函数的图象沿轴向右平移个单位长度，可得的图象.根据图象与的图象关于轴对称，可得，即时，的最小值为.故答案为：.【答案点睛】本题主要考查函数的图象变换规律，正弦函数图像的对称性，属于基础题.14【答案解析】解答：由圆的方程可得圆心C的坐标为(2,2)，半径等于1.由M(a,b),则|MN|2=(a2)2+(b2)212=a2+b24a4b+7，|MO|2=a2+b2.由|MN|=|MO|,得a2+b24a4b+7=a2+b2.整理得：4a+4b7=0.a，b满足的关系为：4a+4b7=0.求|MN|的最小值，就是求|MO|的最小值在直线4a+4b7=0上取一点到原点距离最小，由“垂
13、线段最短”得，直线OM垂直直线4a+4b7=0，由点到直线的距离公式得：MN的最小值为： .15【答案解析】要使函数有意义，需满足，即，解得，故函数的定义域是16【答案解析】由已知可得到圆锥的底面半径，再由圆锥的体积等于半球的体积与水的体积之和即可建立方程.【题目详解】设圆锥的底面半径为，体积为，半球的体积为，水（小圆锥）的体积为，如图则，所以，解得，所以，由，得，解得.故答案为：【答案点睛】本题考查圆锥的体积、球的体积的计算，考查学生空间想象能力与计算能力，是一道中档题.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（1）：，：；（2）【答案解析】（1）由直线参数方程消去
14、参数即可得直线的普通方程，根据极坐标方程和直角坐标方程互化的公式即可得曲线的直角坐标方程；（2）由即可得的底，由点到直线的距离的最大值为即可得高的最大值，即可得解.【题目详解】（1）由消去参数得直线的普通方程为，由得，曲线的直角坐标方程为；（2）曲线即，圆心到直线的距离，所以，又 点到直线的距离的最大值为，所以面积的最大值为.【答案点睛】本题考查了参数方程、极坐标方程和直角坐标方程的互化，考查了直线与圆的位置关系，属于中档题.18（1）；（2）【答案解析】（1）当时，将原不等式化简后两边平方，由此解出不等式的解集.（2）对分成三种情况，利用零点分段法去绝对值，将表示为分段函数的形式，根据单调性求得的取值范围.【题目详解】（1）时，可得，即，化简得：，
