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1、天津市五区县2015届高三上学期期末联考物理试卷一、单项选择题：共32分本大题共8小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求1（4分）在学校的体育运动会跳高场地，我们看到在运动员落地一侧要叠放几块较大而厚的软垫，其目的是（）A增加运动员落地过程的时间，增大脚受到的作用力B增加运动员落地过程的时间，减小脚受到的作用力C减少运动员落地过程的时间，增大脚受到的作用力D减少运动员落地过程的时间，增大脚受到的作用力考点：动量定理.专题：动量定理应用专题分析：在运动员落地一侧要叠放几块较大而厚的软垫，是为了增加运动员落地过程的时间，根据动量定理即可求解解答：解：在运动员落地一侧要叠放几
2、块较大而厚的软垫，增加了运动员落地的时间，设运动员落地前的速度为v，脚受到的作用力为F，根据动量定理得：Ft=mv时间变大，则作用力变小，故B正确；故选B点评：本题主要考查了动量定理的直接应用，难度不大，属于基础题2（4分）下列说法正确的是（）A由加速度的定义式可知，加速度与速度的变化量成正比，与时间成反比B由牛顿第二定律可知，加速度与物体的合外力成正比，与物体的质量成反比C匀变速直线运动的加速度为恒量，因此，加速度为恒量的物体一定做匀变速直线运动D匀速圆周运动的加速度方向总与速度垂直，因此，加速度方向总与速度垂直的物体一定要做匀速圆周运动考点：向心加速度；加速度；牛顿第二定律.专题：匀速圆周
3、运动专题分析：加速度是描述速度变化快慢的物理量，由牛顿第二定律可知，加速度与物体的合外力成正比，与物体的质量成反比，加速度为恒量的物体不一定做匀变速直线运动解答：解：A、由加速度的定义式可知，当时间一定时，加速度与速度的变化量成正比，故A错误；B、由牛顿第二定律可知，加速度与物体的合外力成正比，与物体的质量成反比，故B正确；C、加速度为恒量的物体不一定做匀变速直线运动，如平抛运动，故C错误；D、加速度方向总与速度垂直的物体一定做匀速圆周运动，故D正确故选BD点评：本题主要考查了加速度的定义，知道加速度跟哪些因素有关，物体有加速度时做怎样的运动，难度不大3（4分）如图所示，用一根轻弹簧悬挂一个物
4、体，从弹簧处于原长位置将物体由静止释放，在物体向下运动过程中，以下说法正确的是（）A物体的速度不断增大B物体的加速度不断增大C物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大D物体的动能与重力势能之和保持不变考点：牛顿第二定律；胡克定律.专题：牛顿运动定律综合专题分析：分析物体释放过程中受力，根据胡克定律分析弹力如何变化，确定合力如何变化，根据牛顿第二定律判断加速度如何变化根据系统的机械能守恒分析物体的动能与弹簧的弹性势能之和、动能与重力势能之和如何变化解答：解：A、B物体释放过程中，受到重力和弹簧向上的拉力，弹簧的拉力先小于重力，物体的合力向下，与速度同向，物体的速度不断增大，根据牛顿第二定律得知，加
5、速度不断减小；后来弹簧的拉力大于重力，合力向上，与速度反向，物体速度减小，加速度增大故速度先增大后减小，加速度先减小后反向增大故AB错误C、D由于只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，则知：物体的重力势能、动能与弹簧的弹性势能总和不变，随着物体向下运动，其重力势能减小，弹簧的弹性势能增大，则物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大，物体的动能与重力势能之和减小故C正确，D错误故选C点评：本题关键从两个角度分析：一是力的角度，抓住弹簧的弹力可变性，分析物体的运动情况；二是从能量的角度分析系统能量的变化情况4（4分）如图所示，A、B、C三物块叠放并处于静止状态，水平地面光滑，其它接触面粗糙，以
6、下受力分析正确的是（）AA与墙面间存在压力BA与墙面间存在静摩擦力CA物块共受3个力作用DB物块共受5个力作用考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.专题：共点力作用下物体平衡专题分析：解答本题关键是灵活选择研究对象：先对三个物体组成的整体，分析根据平衡条件求解墙对A的压力；根据A与墙间的压力情况，判断有无摩擦力；即可分析A的受力情况；再对AB分析受力情况，由平衡条件分析C对B有无摩擦力，再分析B的受力情况解答：解：A、B以三个物体组成的整体为研究对象，水平方向上：地面光滑，对C没有摩擦力，根据平衡条件得知，墙对A没有压力，因而也没有摩擦力故AB错误C、对A：受到重力、B的支持力
7、和摩擦力三个力作用故C正确D、先对AB整体研究：水平方向上：墙对A没有压力，则由平衡条件分析可知，C对B没有摩擦力再对B分析：受到重力、A的压力和摩擦力、C的支持力，共四个力作用故D错误故选C点评：本题考查灵活研究对象的能力，分析受力时，还要抓住没有弹力，就没有摩擦力5（4分）（2014和平区一模）2013年6月13日，我国“神舟十号与“天富号”成功实现交会对接如图所示，圆形轨道1为“天宫一号，运行轨道，圆形轨道2为“神舟十号”运行轨道，在实现交会对接前，“神舟十号”要进行多次变轨，则（）A“神舟十号”在圆形轨道2的运行速率大于7.9km/sB“天宫一号”的运行速率小于“神舟十号”在轨道2上的
8、运行速率C“神舟十号”从轨道2要先减速才能与“天宫一号”实现对接D“天宫一号”的向心加速度大于“神舟十号”在轨道2上的向心加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用.专题：人造卫星问题分析：卫星绕地球做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力，据此讨论卫星运动的线速度与向心加速度与卫星轨道的关系，知道卫星变轨是通过做离心运动或近心运动来实现的解答：解：卫星绕地球做圆周运动向心力由万有引力提供，故有A、线速度知卫星轨道高度越大线速度越小，而第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大速度故A错误；B、线速度知天宫一号轨道半径大，故其线速度小于神舟十号的线速度，故B正确；C、神舟十号
9、与天宫一号实施对接，需要神舟十号抬升轨道，即神舟十号开动发动机加速做离心运动使轨道高度抬长与天宫一号实现对接，故神舟十号是要加速而不是减速，故C错误；D、向心加速度a=知，天宫一号的轨道半径大，故其向心加速度小，故D错误故选：B点评：知道环绕天体绕中心天体做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，掌握卫星变轨原理是解决本题的关键6（4分）如图所示电路，当滑动变阻器R1的滑片向上滑动时，下列说法正确的是（）A电流表的示数变大BR3两端的电压减小CR2的功率增大DR1的电流增大考点：闭合电路的欧姆定律.专题：恒定电流专题分析：首先认识电路的结构：电阻R1、R4并联后R2串联，再与R3并联，电流表测量通
10、过R4的电流再按下列思路进行分析：当滑动变阻器R1的滑片向上滑动时，分析其接入电路电阻的变化，即可知外电路总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化，再根据干路电流与通过R3电流的变化，分析通过R2电流的变化，即可知道其功率的变化根据路端电压与R2电压的变化，分析R1、R4并联电压的变化，即可知电流表读数的变化，由通过R2的电流与电流表示数变化，分析R1的电流变化解答：解：当滑动变阻器R1的滑片向上滑动时，其接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则干路电流I减小，路端电压U增大，R3两端的电压等于路端电压，则知R3两端的电压增大，则通过R3电流I3增大，通过R2电流I2=I
11、I3，I减小，I3增大，则I2减小，故R2的功率减小，电压U2也减小；R1、R4并联电压U并=UU2，U增大，U2减小，则知U并增大，故通过电流表的电流IA增大，电流表的示数变大R1的电流I1=I2IA，I2减小，IA，增大，则I1减小故A正确，BCD错误故选A点评：本题是电路动态分析问题，关键一要搞清电路的结构；二要按“局部整体局部”按部就班进行分析7（4分）（2014红桥区二模）如图所示，Q1、Q2为两个等量同种正点电荷，在Q1、Q2产生的电场中有M、N和O三点，其中M和O在Q1、Q2的连线上（O为连线的中点），N为两电荷连线中垂线上的一点，则下列说法中正确的是（）AO点电势等于N点电势B
12、O点场强一定大于M点场强C将一个负点电荷从M点移到N点，电场力对其做负功D若将一个正点电荷分别放在M、N和O三点，则该点电荷在O点时电势能最大考点：电势；电场强度；电场的叠加；电势能.专题：电场力与电势的性质专题分析：两等量同种电荷的场强的合成遵循平行四边形定则；电势的高低可以通过移动正的试探电荷，看电场力做功情况；根据电势的高低，判断电势能的大小解答：解：A、根据两个等量同种正点电荷的电场分布特点，在两电荷连线的垂直平分线上电场强度方向从O到N，则O点的电势高于N点的电势，故A错误；B、在M、N和O三点中O点电场强度为零，故0点场强一定小于M点场强故B错误；C、将负点电荷从M点移到O点，电场
13、力向左，电场力对负电荷做负功，其电势能增加；再将负的试探电荷从O点移到N点，电场力做负功，电势能增加故C正确；D、在两个等量同种正点电荷的连线上，中点O的电势最低，根据两个等量同种正点电荷的电场分布特点，在两电荷连线的垂直平分线上，O点的电势最高故M、N、O三点中，M的电势最高，N点的电势最低所以正电荷在M点的电势能最大，在N点的电势能最小故D错误；故选：C点评：对于等量同种电荷的电场，要明确两电荷连线和两电荷连线的中垂线上的电场分布情况；注意电场力做功等于电势能的减小量8（4分）（2014武清区三模）如图所示，物块A放在倾斜的木板上，改变木板与水平面之间的夹角，发现当=30和=45时物块A所
14、受的摩擦力大小恰好相等，则物块A与木板之间的动摩擦因数为（）ABCD考点：动摩擦因数.专题：摩擦力专题分析：=30时物体处于静止状态，静摩擦力和重力的下滑分力相等；=45时物体沿斜面下滑，滑动摩擦力可由Ff=FN求出解答：解：=30时物体处于静止状态，静摩擦力和重力的下滑分力相等即：Ff=mgsin30=45时物体沿斜面下滑，滑动摩擦力为：Ff=FN=mgcos45由mgsin30=mgcos45解得：=；故选：B点评：本题正确分析物体在两种状态下的受力情况，分别写出两种情况下的摩擦力表达式是解题的关键二、不定项选择题（每小题4分，每小题都有多个选项正确，选不全得2分，有错误选项不得分；共16分）9（4分）某质点运动的速度图象如图所示，由图象得到的正确结果是（）A01s内的平均速度是2m/sB02s内的位移大小是6mC01s内加速度是24s内加速度的二倍D01s内的运动方向与24s内的运动方向相反考
