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1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
2、目要求的。1、如图所示电路中AB两端电压恒定，定值电阻和滑动变阻器的总电阻相等当滑片P从变阻器上端c滑动到d的过程中，电流表示数变化情况是A先减小后增大B先增大后减小C始终增大D始终减小2、下列说法正确的是( )A由电流I=q/t可知I与q成正比B电流有方向，所以电流是矢量C电动势、电压和电势差名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同D电压表改装时串联电阻的目的是分去一部分电压3、如图所示，一束粒子（不计重力，初速度可忽略）缓慢通过小孔O1进入极板间电压为U的水平加速电场区域I，再通过小孔O2射入相互正交的匀强电场和匀强磁场区域II，其中磁场的方向如图所示，磁感应强度大小可根据实际要求调节，收
3、集室的小孔O3与O1、O2在同一条水平线上.则（ ）A该装置可筛选出具有特定质量的粒子B该装置可筛选出具有特定电荷量的粒子C该装置可筛选出具有特定比荷的粒子D该装置可筛选出具有特定功能的粒子4、关于电源电动势E，下列说法中错误的是A电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特VB干电池和铅蓄电池的电动势是不同的C电动势E可表示为可知，电源内非静电力做功越多，电动势越大D电动势较大，表示电源内部将其他形式能转化为电能的本领越大5、如图所示，光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与x轴平行，现有一个质量为0.1kg，电荷量为2.0108C的滑块P(可看做质点)，仅
4、在电场力作用下由静止沿x轴向左运动。电场力做的功W与物块坐标x的关系用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点(0.3，3)的切线。则下列说法错误的是A此区域内电场一定不是匀强电场B此区域内沿x轴电势发生了改变C点x0.3m处的场强大小为500N/CDx0.3m与x0.7m间的电势差是200V6、木块以一定的初速度沿粗糙斜面上滑，后又返回到出发点若规定沿斜面向下为速度的正方向，下列各图像中能够正确反映该木块运动过程的速度随时间变化的关系的是ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得
5、0分。7、一小球在竖直面内做匀速圆周运动的过程中，不断变化的是（）A机械能B重力的功率C合外力的大小D动能8、一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45，则下列结论正确（）A此液滴带负电B液滴的加速度等于C液滴的重力势能和电势能都减小D合外力对液滴做的总功等于零9、使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是( )A在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔B每一次换挡，都要重新进行一次调零C测量前应检查指针是否停在“”刻度线的“”处D测量时，若指针偏转很小(靠近附近)，应换倍率更大的挡进行测量10、如图，充电后的平行板电容器
6、水平放置（与电源断开），电容为C，板间距离为d，上极板正中央有一小孔质量为m、电荷量为q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处的P点时速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）下列说法正确的是A电容器所带电荷量B电容器板间的电场强度C若下板下移的距离，小球到达P点（原下板处）时速度恰为零D若下板水平右移一小段距离，小球到达下板处时速度恰为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示。（1）组装单摆时，应在下列器材中选用_（选填选项前的字母）。A长度
7、为1m左右的细线B长度为30cm左右的细线C直径为1.8cm的塑料泡沫球D直径为1.8cm的铁球（2）测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g_（用L、n、t和必要的数学常量表示）。（3）用多组实验数据作出T2-L图像，也可以求出重力加速度g。已知三位同学作出的T2-L图线的示意图如图中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值。则相对于图线b，下列分析正确的是_ （选填选项前的字母）A出现图线a的原因可能是误将悬点到小球下端的距离记为摆长LB出现图线c的原因可能是误将49次全振动记为50次C图线c对应
8、的g值小于图线b对应的g值（4）该同学在做完实验后，已测得当地重力加速度（用g表示），想研究单摆摆动时摆线中的拉力变化规律和能量变化特点。重新组装单摆装置后，实验时用拉力传感器测得摆线中的拉力大小随时间变化的F-t图象如图所示，图中，F1、F2、t0已知。设摆球在最低点时EP0，那么当摆线中的拉力大小是F1时摆球所在的位置是_，振动过程中摆球机械能E的表达式是E_（限选用F1、F2、t0、g和必要的数学常量表示）。12（12分）现要测定一个额定电压约4 V，额定电流约为0.5 A的小灯泡正常发光时的电阻，电压表应该选择_，电流表应选择_，电路连接时应采用_(选填“电流表内接法”或“电流表外接法
9、”)AV1量程4.5 V，内阻约4103 BV2量程10 V，内阻约8103 CA1量程3 A，内阻约0.4 DA2量程0.6 A，内阻约2 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示电路图，电源的电动势为E=20V，内阻为r=7.0，滑动变阻器的最大阻值为15，定值电阻R0=3（1）当R为何值时，电源的输出功率最大?最大值为多少?（2）当R为何值时， R消耗的功率最大?最大值为多少?14（16分）如图所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端与桌面的右端相齐薄木板的质量，长度在薄木板的中央有一个小滑块可视为质
10、点，质量小滑块与薄木板之间的动摩擦因数，小滑块、薄木板与桌面之间的动摩擦因数相等，皆为设小滑块与薄木板之间的滑动摩擦力等于它们之间的最大静摩擦力某时刻起对薄木板施加一个向右的拉力使木板向右运动求：(1)当外力时，m与M的加速度各为多大？(2)若使小滑块与木板之间发生相对滑动，拉力F至少是多大？(3)若使小滑块脱离木板但不离开桌面，求拉力F应满足的条件15（12分）如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表，当电阻箱读数为R12时，电压表读数为U14V；当电阻箱读数为R25时，电压表读数为U25V求：电源的电动势E和内阻r参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选
11、项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】当滑片在C处时，定值电阻被电流表短路，则电流表电流；当滑片在中点时，并联部分总电阻，并联部分电压为，电流表电流；当滑片在D处时，电流表电流，则知电流表示数先减小后增大；故选A。【点睛】做选择题常用的方法有：排除法、图象法、极限法，还有特殊值法等等本题借助于特殊值法求解，简单方便也可用数学函数法进行严格的推导，但过程比较复杂2、D【解析】电荷的定向移动形成电流，电流与电荷量及时间无关；电流的单位为安培，安培是国际单位制的基本单位。电压与电动势的单位相同，但物理意义不同。电压表的改装需串联分压电阻，从而减小加在表头两端的电压。【详解】A、电流的定义采用
12、比值定义法，I与q无关；故A错误；B、电流有方向，但电流的运算不适用平行四边形定则；故电流是标量；故B错误；C、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量。故C错误；D、电流表和电压表是同样原理制成的, 电流表内阻很小,直接测电压,会形成大电流,烧坏表头.串适当的电阻,流过表头的电流就小了,把电流值换算成电压值就可以了，如果量程不够，就需要增大量程，这样在串联一电阻来分去的一部分电压，就能达到侧大电压的目的了，故D正确；故选：D。【点睛】本题考查电流的定义，要注意明确电流的定义及电流的方向规定。明确电动势的物理意义，知道与电压的区别。3、C【解析】在复合场中，粒子所受电场力与洛
13、伦兹力合力为0，即，可得，该装置筛选出的是具有特定比荷的粒子，C对。4、C【解析】电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特V，选项A正确；干电池电动势是1.5V，铅蓄电池的电动势是2V，选项B正确；电动势E可表示为可知，电源内非静电力从电源的负极移动1C正电荷到电源的正极做功越多，电动势越大，选项C错误；电动势较大，表示电源内部将其它形式能将电能转化为电能的本领越大，选项D正确；此题选项错误的选项，故选C.5、D【解析】A由可知图线的斜率表示电场力的大小，斜率绝对值越来越小，电场力越来越小，因电量一定，电场强度逐渐减小，此区域内电场一定不是匀强电场，故A不符合题意；B该粒子由静止沿x轴
14、向左运动，电场力向左，又因带负电，说明场强方向水平向右，此区域内沿x轴电势逐渐降低，故B不符合题意；C点x0.3m处电场力的大小场强大小故C不符合题意；Dx0.3m与x0.7m间的电势差是故D符合题意；故选D。6、A【解析】A、根据牛顿第二定律，上滑时的加速度大小为：a2=gsin+gcos，下滑时的加速度大小为：a2=gsingcos知a2a2则上滑过程vt图象的斜率大小大于下滑过程图象的斜率大小根据位移公式x=，由于下滑与上滑过程位移大小相等，则知，下滑时间t2大于上滑的时间t2由于机械能有损失，返回到出发点时速度小球出发时的初速度故A正确BCD、规定沿斜面向下为速度的正方向，则上滑速度为
15、负，下滑速度为正，故BCD错误故选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】AD小球在竖直面内做匀速圆周运动的过程中，小球的速率不变，动能始终不变，重力势能不断变化，机械能不断变化，故A项符合题意，D项不符合题意；B一小球在竖直面内做匀速圆周运动的过程中，小球的速率不变，速度方向不断变化，重力的功率不断变化，故B项符合题意；C一小球做匀速圆周运动的过程中，合外力的大小不变，故C项不符合题意。8、ABC【解析】根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设
