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1、专题十电磁感觉17(2013考新课标全国卷高如图，在水平面(纸面内有三根相同的均匀金属棒ab、ac和MN，其中ab、ac在a点接触，构成“V”字型导轨空间存在垂直于纸面的均匀磁场用力使MN向右匀速运动，从图示地点开始计时，运动中MN向来与bac的均分线垂直且和导轨保持优秀接触以下对于回路中电流i与时间t的关系图线，可能正确的选项是(分析：选A.此题为电磁感觉和电路的题目，因此应从动生感觉电动势和闭合电路欧姆定律角度下手设图示地点时a距棒的距离为l0，导体棒匀速切割磁感线的速度为v，单位长度金属棒的电阻为R0，导轨夹角为，运动时间t时，切割磁感线的导体棒长度l2(l0vttan，有效电路中导体棒
2、长度l总l，导体棒切割磁感线产生的感觉电动势eBlv2Bv(l0vttan，电路中总电阻RR0l总R0，因此i，即i为恒定值与t没关，选项A正确25(2013高考新课标全国卷如图，两条平行导轨所在平面与水平川面的夹角为，间距为L.导轨上端接有一平行板电容器，电容为C.导轨处于匀强磁场中，磁感觉强度大小为B，方向垂直于导轨平面在导轨上搁置一质量为m的金属棒，棒可沿导轨下滑，且在下滑过程中保持与导轨垂直并优秀接触已知金属棒与导轨之间的动摩擦因素为，重力加快度大小为g.忽视所有电阻让金属棒从导轨上端由静止开始下滑，求：(1电容器极板上积累的电荷量与金属棒速度大小的关系；(2金属棒的速度大小随时间变化
3、的关系分析：从电磁感觉中的动生电动势和电容器的充放电及牛顿第二定律下手(1设金属棒下滑的速度大小为v，则感觉电动势为EBLv平行板电容器两极板之间的电势差为UE设此时电容器极板上积累的电荷量为Q，据定义有C联立式得QCBLv.(2设金属棒的速度大小为v时经历的时间为t，经过金属棒的电流为i.金属棒遇到的磁场的作用力方向沿导轨向上，大小为f1BLi设在时间间隔(t，tt内流经金属棒的电荷量为Q，据定义有iQ也是平行板电容器极板在时间间隔(t，tt内增加的电荷量由式得QCBLv式中，v为金属棒的速度变化量据定义有a金属棒所遇到的摩擦力方向斜向上，大小为f2N式中，N是金属棒对导轨的正压力的大小，有
4、Nmgcos金属棒在时刻t的加快度方向沿斜面向下，设其大小为a，依照牛顿第二定律有mgsinf1f2ma?联立至?式得a?由?式及题设可知，金属棒做初速度为零的匀加快直线运动t时刻金属棒的速度大小为vgt.?答案：(1QCBLv(2vgt16(2013高考新课标全国卷如图，在圆滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d(dL的条形匀强磁场所区，磁场的界限与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下导线框以某一初速度向右运动t0时导线框的的右侧恰与磁场的左界限重合，随后导线框进入并经过磁场所区以下vt图像中，可能正确描绘上述过程的是(分析：选D.导体切割磁感线时产生感觉电
5、流，同时产生安培力阻截导体运动，利用法拉第电磁感觉定律、安培力公式及牛顿第二定律可确定线框在磁场中的运动特点线框进入和走开磁场时，安培力的作用都是阻截线框运动，使线框速度减小，由EBLv、I及FBILma可知安培力减小，加快度减小，当线框完好进入磁场后穿过线框的磁通量不再变化，不产生感觉电流，不再产生安培力，线框做匀速直线运动，应选项D正确19(2013高考新课标全国卷在物理学发展过程中，观察、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用以下表达符合史实的是(A 奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解说了电和磁之间存在联系B安培依照通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相像性，提出了分子电流假说
6、C法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线周边的固定导线圈中，会出现感觉电流D楞次在分析了很多实验事实后提出，感觉电流应拥有这样的方向，即感觉电流的磁场总要阻截惹起感觉电流的磁通量的变化分析：选ABD.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电和磁之间的关系，选项A正确；根据通电螺线管产生的磁场与条形磁铁的磁场相像，安培提出了磁性是分子内环形电流产生的，即分子电流假说，选项B正确；法拉第提出的是电磁感觉定律，但恒定电流周围不产生感觉电流，选项C错误；楞次定律指出感觉电流的磁场老是阻截惹起感觉电流的磁通量的变化，选项D 正确17(2013高考纲领全国卷纸面内两个半径均为R的圆相切于O点，两圆形地区
7、内分别存在垂直于纸面的匀强磁场，磁感觉强度大小相等、方向相反，且不随时间变化一长为2R的导体杆OA绕过O点且垂直于纸面的轴顺时针匀速旋转，角速度为，t0时OA恰巧位于两圆的公切线上，以以下图若采纳从O指向A的电动势为正，以下描绘导体杆中感觉电动势随时间变化的图象可能正确的选项是(分析：选C.从导体杆转动切割磁感线产生感觉电动势的角度考虑当导体杆顺时针转动切割圆形地区中的磁感线时，由右手定则判断电动势由O指向A，为正，选项D错误；切割过程中产生的感觉电动势EBLBL2，其中L2Rsint，即E2BR2sin2t，可除去选项A、B，选项C正确17(2013考北京卷以以下图，在磁感觉强度为高B、方向
8、垂直纸面向里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感觉电动势为E1；若磁感觉强度增为2B，其他条件不变，MN中产生的感觉电动势变为E2.则经过电阻R的电流方向及E1与E2之比E1E2分别为(Aca,21Bac,21Cac,12Dca,12分析：选C.金属杆垂直平动切割磁感线产生的感觉电动势EBlv，判断金属杆切割磁感线产生的感觉电流方向可用右手定则由右手定则判断可得，电阻R上的电流方向为ac，由EBlv知，E1Blv，E22Blv，则，应选项C正确E1E2123(2013考天津卷高以以下图，纸面内有一矩形导体闭合线框abcd，ab边长大于bc边长，置于垂直纸
9、面向里、界限为MN的匀强磁场外，线框两次匀速地完好进入磁场，两次速度大小相同，方向均垂直于MN.第一次ab边平行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q1，经过线框导体横截面的电荷量为q1；第二次bc边平行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q2，经过线框导体横截面的电荷量为q2，则(AQ1Q2，q1q2BQ1Q2，q1q2CQ1Q2，q1q2DQ1Q2，q1q2分析：选A.依照法拉第电磁感觉定律进入磁场产生的热量Q，由于lablbcq2.选项A正确，选项B、C、D错误EBlv、欧姆定律I和焦耳定律QI2Rt，得线圈，因此Q1Q2.依照，及qt得q，故q118(2013高考山东卷将一段导线绕成图甲所示的
10、闭合回路，并固定在水平面(纸面内回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场中回路的圆形地区内有垂直纸面的磁场，以向里为磁场的正方向，其磁感觉强度B随时间t变化的图象如图乙所示用F表示ab边遇到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反应F随时间t变化的图象是(分析：选B.从B-t图象中获取磁感觉强度B与时间t的关系，联合E及安培力FBIL得F-t关系由B-t图象可知，在0时间内，B均匀减小；时间内，B反向均匀增大由楞次定律知，经过ab的电流方向向上，由左手定则可知ab边受安培力的方向水平向左由于B均匀变化，产生的感觉电动势ES不变，则安培力大小不变同理可得在T时间内，ab边受安培力的方向水平向右，
11、应选项B正确36(2013考广东卷如图高(a所示，在垂直于匀强磁场B的平面内，半径为r的金属圆盘绕过圆心O的轴转动，圆心O和边缘K经过电刷与一个电路连结电路中的P是加上必定正向电压才能导通的电子元件流过电流表的电流I与圆盘角速度的关系如图(b所示，其中ab段和bc段均为直线，且ab段过坐标原点0代表圆盘逆时针转动已知：R3.0，B1.0T，r0.2m忽视圆盘、电流表和导线的电阻(1依照图(b写出ab、bc段对应的I与的关系式；(2求出图(b中b、c两点对应的P两头的电压Ub、Uc；(3分别求出ab、bc段流过P的电流IP与其两头电压UP的关系式分析：圆盘转动切割磁感线，依照EBr2计算感觉电动势题目给出了I-图象，依照数学知识写出I与的关系式依照欧姆定律求解经过R的电流依照并联电路的特点求解经过P的电流(1依照数学知识，ab、bc段对应的15rad/s，Iab0.1A，故k1I与的关系式分别为Iabk1，Ibck2b，且当因此Iab(A(45rad/s15rad/s当115rad/s时，Ibc0.1A，即0.115k2b245rad/s时，Ibc0.4A，即0.445k2b解得k2，b0.05因此Ibc0.05(A(15rad/s45rad/s
